地昆虫（基因型为aaBBccddeeff)和丁地昆虫(AAbbCCddeeff)交配后代同时含有A和B基因，已知同时含基因A、B或C、D或E、F的个体均在胚胎期死亡，说明丙地与丁地的昆虫已经出现了生殖隔离，C项正确；甲地昆虫(aaBBccDDeeff)X己地昆虫(aaBBccddeeFF)>aaBBccDdecFf,仅据题干信息无法判断甲地昆虫与己地昆虫存在生殖隔离，己地昆虫的出现不一定导致物种多样性增加，D项错误。17.(1)共同由来学说(1分)适应的形成和物种形成(2分)(2)种群(1分)自然选择(1分》(3)协同进化(1分)遗传和变异(2分)某种生物数量减少对另外一种生物的生存和繁衍产生很大的不利影响(2分)18.(1)二者存在生殖隔离(1分)用低温或秋水仙素处理产生多倍体(2分)(2)遗传（或基因）(1分)物种(1分)(3)基因频率(1分)种群中有少数个体对杀虫剂具有耐药性(2分)(4)这种耐药性的变异是可以遗传的，通过一代代的积累，害虫种群的耐药性增强了(2分)更换杀虫剂的种类或引进物种丙的天敌(2分)19.(1)一种或少数几种生物在生态系统中占绝对优势(3分)增加物种多样性(2分)收割(2分》(2)60%(2分)减小(2分)进化(2分)(3)美洲狮和狼吃掉的大多是黑尾鹿种群中年老、病弱或年幼的个体，有利于鹿群的发展(3分)20.(1)自然选择(1分)相对性(1分)(2)无法判断是否存在(1分)若后代可育，则普通壁虎与壁虎甲无生殖隔离，否则有生殖隔离(2分)(3)①2/3(2分)②A基因频率逐渐变大，a基因频率逐渐变小(2分)21.(1)生物有共同祖先(2分)(2)A(1分)突变型A为5个碱基对（非3的倍数）缺失，造成mRNA上的密码子翻译错位，对蛋白质影响较大；而突变型B为12个碱基对(3的倍数)缺失，造成蛋白质中4个氨基酸缺失，对蛋白质影响较小（合理即可，3分）(3)让该突变个体与上述RP2基因突变（突变型A或突变型B)纯合子杂交(3分）后代全部正常(2分)后代全部患病(2分)·55·【23·G3DY(新高考)·生物学·参考答案一R一必考一FJ】

秘密★启用的巴蜀中学2023届高考适应性月考卷（一)数学注愈填项：1、签难前。青生务必用黑色戏米笔将自己的灶名、准考证子、考场号、庄位号在答题卡上填写清地2,每小题选出然策后，用2B铅笔把公题卡上对应题目的答策标号涂黑、如写改动，用掠皮擦干净后，再选涂状他签策标号。在议熲卷上作答无效.3.考议站来后，请将本议卷和公题卡一并交回。满分150分。片试用时120分钟、一、单项选择题（本大题共8小题，每小题5分，共0分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目妥求的)1.已知集合P={(x,y）)ly=21,Q=1(,y)lx2+(y1)2=0l,则PUQ=A.i0,1B.1(0,1)升C.PD.Q2已知p:<0,9:-2≤≤1，则是g的()条tA。充分不必要B.必耍不充分C.充要D.既不充分也不必要3.已知函数八x)=3-2f"(1)nx,则f(1)=A.In3B.2C.3D.3n34.已知f代x)是R上的偶函数，当x≥0时，八x)=x+如(x+1),则x<0时，f(x)=A.-x-ln(1-x）B.x-n(1-x)C.x+n(1-x)D.x+In(1-x)5.设函数(x)在R上可导，其导函数为'(x),且函数y=（x+1)f'(x)的图象如图1所示，则下列结论中正疵的是A.函数f代x)有极大值八-3)和f代3)B.函数八x)有极小值八-3)和八3)C.函数f八x)有极小值f八3)和极大值八-3)D.函数(x)有极小值八-3)和极大值f(3)6已知正文数a,6满起，6中=1，则a2%的最小值为A.6B.8C.10D.127.现有10张奖券，其中有一、二、三等奖各1张，其余7张无奖。现将这10张奖券随机分发给5名同学，每人2张，则恰有两人获奖的情况数是A.30B.60C.90D.1208.已知a=6,=7,c=8，,则a,b,c的大小关系为A.b>c>aB.c>b>aC.a>c>bD.a>b>c数学·第1页（共4页）

到3时刻该同学的速度达到最大，A项错误；对于0~3时间段内，根据动量定理，有Imgt=mz,故Ir=mgt3十w,B项正确；由于该同学在第一阶段脚没有离地，支持力对其没有做功，C项错误；该同学重心上升了h,其重力势能增加了gh,同时又获得速度v,则动能增加了2m,枚机械能增加了mgh十2m2,D项止确。7.AC【解析】滑动摩擦力的大小∫=V,与相对速度的大小无关，故当传送带运动时，木块所受的摩擦力不变，空间位移不变，则木块滑到底端的时间、速度以及摩擦力做的功均不变，所以摩擦力的冲量I=ft不变，故A、C项正确，B项错误；由于木块与传送带相对滑动的距离变长，所以木块和传送带由于摩擦产生的内能变大，故D项错误。8.AD【解析】本题考查动量及图像问题。因动量随时间变化的图像的斜率的绝对值表示物体所受合力的大小.故甲物休所受合力的大小Fm=2N,F。-△=1N.根据F=ma可得，△ta甲=1m/s2,a乙=2m/s2,A、D项正确。9.(1)AE(3分)(2)滑块下滑通过两光电门所用的时间相等（其他表述只要合理的也得分）(3分)(3)A(3分)(4)mA=mA+”s(3分)【解析水1)实验要验证两滑块位撞前后动量是否守恒，需要验证m:-,十m:t3d,其中等式两边的d可以约去，故A、E项正确。(2)实验过程要求两滑块匀速运动，所以需调整斜面的倾角，当滑块下滑通过两光电门所用的时间相等时，表示滑块在斜面上做匀速运动。(3)因为碰撞后两滑块先后通过光电门乙，所以滑块A的质量应大于滑块B的质量，故A项正确。(4)由第(1)问解析可得两滑块碰撞前后动量守恒的表达式为4=”mA+t1 t3 t210.解：(1)小球从A点运动到B点的过程中做自由落体运动，下降高度为L(2分)小球运动到B点时的速度=√2gL(3分)所受重力的冲量I=m(v一0)=m√/2gL。(3分)gL(2)轻绳绷直前，小球沿绳方向的分速度=sin0=(3分)轻绳绷直后，小球沿绳方向的分速度为零(3分)gL在轻绳绷直瞬间，绳对小球的冲量大小1=m(w一0)=m√之。(3分)·46【23·G3ZCJ(新高考)·物理·参考答案一R一必考一Y】

A0吗，所以点D到面AC8,的更离与点E到直ACB,的距有的等，又点D到面AC3,的距窝小值为e)=a=1,符台题复.数a=1.四、解答既与点B到百ACB,曲距离相等，所以点E到面AC,的距离与点B到面ACB,的距离湘等，故17.解0)证明：花=1一-立不正确，选项C,如图2所示，在烧影BD皿品内过点P作PR,1BD于点，所以PR,1面A8CD,三、填空题3分)®线最P明，的中点L,因为Pm=PF=PE=P,G13.?【懈】2+1(+t+2x,2C(2)+6=4一0，所以数列也是以为首项，不正号，质以L为家心一得十=号球的表22C%x2=7士，则x的系数为7.一3为公比的等比数列.(5分)面积为6x,放正确透项D,如图3所际，因为F∥儿AC,14.[V2-1w2+1]【解折】设b=(xy),则a叶+b=(1(2)证明：法-：S,=4十3a十3+十31a,①ACL面BDDB,所以EF1面BD0B,又PCC+x,1+y),a+=1,即为(1十x)2+(1+y2=1,3S.=341+32a2十34十…+3r1a-1十3a.,②面BDD品，所以FLPG,所以∠CEF减其补角)则在面坐标系中向量b的终点的轨迹为以（一1，①十②得4S=41十3(a+a2)+32(a2十a4)+…+方屉为欧与C质克，青Lr得苦一1)为圆心，1为半径的圆，圆心到原点的距离为3ra1ta+3%,=1+3x号+x字叶G-PG-EPG最小，则PG最小，当点GV2,则2-1≤1b1≤2+1.tan/GEF=E知，215号一寸]停们因方P在线段Q的垂直分3Xt8a=+a.在点A时，PG取最小值2，所以tan_GEF的最小值所以4S,-3”a,=n.(10分)线上，所以PQI=IPN,所以IIPM|-IPNI=为2W2,故正确.故选A0D.PM-|PQII=7=2/32时，fx)=2a-lnx在[1，e2]上单调递减，fx)的最小值为3%,=-X-3r+乐以8-a=nPDfe)=2a-2=1,6=<2所以>2不立：当(10分)(2a-In z,zE[l,e)18.解：(1)21-sin2C)十cos(A+B)=21-simB)-0

·数学·参考答案及解析因为B∈0，x),所以2B+吾∈（吾，），所以2sinA+sinB=sinC2sin Bcos Bsin B'所以号B+吾=吾，所以B=吾，imB-所以2sinA=2 cos Bsin C-sinB.(1分)因为A十B+C=π，2 acsin B=31ac=V3,所以ac=4.(10分)所以sinA=sin(B+C)=sin Bcos C+cos Bsin C,由余弦定理得b=a2+c2-2 accos B=(a+c)2-所以2 sin Bcos C+2 cos Bsin C=2 cos Bsin C-sinB,3ac=2ac,即(2cosC+1)sinB=0.所以(a十c)2=5ac=20,所以a十c=25.(12分)因为sinB≠0，所以cosC=-2(2分)18解：1令y所以a+10y=。-1,又C∈(0，)，所以C=2(3分)3所以e=洁号0，解得)（一1D(3分)选择①.所以)的反函数（✉）=lbgE(-1.若CM为△ABC的中线，设AM=BM=x(x>0),(4分)所以o∠CMA=f4os∠BC-+1-C2x2x(不写定义域扣2分)因为cos∠CMA十cos∠CMB=0,(2)因为f广1()=1g(x∈(-1D),所以BC2=2x2-2,所以x>1,(4分)(x+1)2所以g(x)=2f1(x)+log.(1-x)=l0g。1-cos∠ACB=2+BC-4x=-2×2×BC2,(5分)解得x2=1(舍)或x2=3,设-1[合号]所以-1所以AB=2w3,(6分)选择②.所以o(t)=log。(2-)2 =log.t2-4t+4=1og（+t若CM为△ABC的角分线，则∠ACM=∠BCM=,4-4(7分)在△ACM中，由余弦定理得AM=22十12一2×2×设h()=1+4-4,则h(0在区间？，号]上单调递1Xcos零=3，所以AM=3,(4分)减，值域为[号号]：又AMP+CM=AC,所以CM⊥AB.(8分)在Rt△CMB中，求得BM=√3，当a>1时，g0e[log8,log.号]，即g(x)∈所以AB=2√3.(6分)[lg，lg号]，所以1g.8>解得1解得a>8所以BM=√W3,所以AB=AM+BM=2√3，(6分)(舍)(2)设△ABC外接圆的半径为R,综上，a的取值范围为(1，号)(12分)由正弦定理可得A2=2R,解得R三2，20.解：(1)由题意，2sinA十sin Bcsin 2B-b所以S1=4π，(8分)所以2sinA十sinB=sinCsin 2Bsin B'由题意，BC=2,所以△ABC的周长L=4十2√3，

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口高三地理·参考答案第页（共5页）口】

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2021学年第二学期五校联考试题高三年级地理学科命题：杭州学军中学考生须知：1.本卷满分

(三)题号12676101112答案CACADDDABCCB13.-3216.2214.315.-+5提示：1.C集合A={xy=log√x-T}={x|x>1},集合B={xx2-2x<0}={x0a,则(a十)>sima,这与sin。=25>sin(e十9)=日矛盾.所以u+8是钝角，则cos(a)5-/1-sin2(a+3)s（0T0（0十0）uIs=厂0(d⊥D)门us=8UIs5(-)×25=放造bb210.C设双曲线的焦距为2c,则切线的斜率为三，又切线与双曲线C的一条渐近线垂直62(一台）=-1，化筒利号-3怎-40，解阳会-4则风陆线的新近线方程为y=+2故选《11.C如图是过侧棱AA,的球的截面，O,O2是正三棱柱下底面和上底面外心，设正三棱A02柱的底面边长为a,高为h,球的半径为R,由题意知3ah=l2√3，即ah=4√，底面外接圆的半径r=A0,-8。=,由球的截面圆性质知R=OA=,十公≥h-4,当2sin号34≥3喇刚狂瓣会斜鑫三少选C.【2022高考模拟卷·文科数学卷参考答案第9页（共24页）QG】

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时h leaveh h c2He lked the August heat better.Heed toshow off his new car.B.He had to go back to the

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生物参考答案与评分标准一、选择题题号1236769答案DBADAB题号01112131415161718答案cABBDCB二、非选择题19.（18分，除特别标明外，每空2分)（1)糖被/糖蛋白/受体协助扩散/易化扩散(2)回收(“回收或降解”给分，仅“降解”不给分)激素(3)该过程没有通过完整的反射弧(“无效应器”也可给分)(4)胃肠道内肠嗜铬细胞等感受器→传入神经→脑干呕吐中枢→传出神经→膈肌和腹肌(3分，“神经中枢”和“效应器”没写具体各扣1分)（5)适应该药物可抑制Ca2通道的活性，减少Ca2内流(3分)20.（15分，除特别标明外，每空2分)(1)骨骼肌战栗(“肌肉收缩”也可给分)交感神经(2)下丘脑-垂体-甲状腺可以放大激素的调节效应，形成多级反馈调节，有利于精细调控(3分，“放大效应”1分、“形成多级反馈调节”1分，“精细调控”1分)（3)神经递质、激素（答全给分）直接与受体接触（4)发热，肌肉酸痛21.（17分，除特别标明外，每空3分)（1)B细胞、树突状细胞和巨噬细胞（每个1分，答错没分)摄取和加工处理抗原，且可将抗原信息暴露在细胞表面，以便呈递给其他免疫细胞(2)分泌到细胞外与B细胞结合(3分，“分泌”1分，“结合”1分，答全3分)被蛋白酶水解成抗原肽，抗原肽再与MHC结合后呈现在细胞膜表面(3分，“水解成抗原肽”1分，“与MHC结合”1分，“细胞膜表面”1分)（(3)接种新冠疫苗后人体产生了记忆细胞，感染新冠病毒后能刺激记忆细胞增殖分化，产生更多的抗体和细胞毒性T细胞(（4)易生产，不需要细胞培养；高效，能对抗病毒变异；起作用的是RNA,不会整合到细胞基因组DNA上(2分，有任意点即可给分)22.（14分，除特别标明外，每空2分)（1)竞争（2)蛋白质经过信息传导系统传导到细胞核内影响特定基因的表达(3分)（3)干旱时拟南芥受光信号刺激，相关基因在特定组织细胞中表达，从而调控ABA生理效应，诱导植株早开花(4分，“光信号刺激”1分，“特定组织细胞中表达”1分，“调控ABA生理效应”1分，答全1分)（4)基因表达调控、激素调节和环境因素调节(3分，每空一分)

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abD:若曲线表示长轴长为2√6的椭圆，则2a=2√6，a=2c·yp,所以y=,所以an0=2-三-1,所以4-m2>0,4-m2>0,xpxp a√6，则m2+2>4一m2,或m2+2<4-m2,无解，选项D-所以P(,,因为F《-c0,所以m=2a=2√m2+2,2√4-m=2a,ab错误，故选BC.+ca+c2a+a+4a千2-，所以2(a2+Cab2aa√26.AC解折：在双曲线C:2-苦-1中，实半轴长a=1,c虚半轴长b=√5，半焦距c=2.对于AD,双曲线的离心率2)=4a,解得a=√2，故选D.3.A解析：根据题意，双曲线斜率为正的渐近线方程为e=C=2,渐近线方程为y=士3x,故A正确，D错误；ay一2xB25.0,因比点A的坐标是到写，2），点对于B,当P在双曲线的左支上时，|PF|≥c-a=1,D是线段OF的中点，所以D(√3，O),则直线AD的方程IPF:l =2a+PF=PF2.:=PF为y=-2W2(x-3),AD|=3,点B是圆x2+y2=PFPF11上的一点，点B到直线AD距离的最大值dx也就是P职+PR+4Pm+4PEtp+圆心O到直线AD的距离d与半径之和，即dmx=d十2十48，当且仅当PF,=P时，即PF-11-2+1-25+1-253,则A45D的面积√1+83的最大值为Sm=专·ADdm=号×5×26+312时，等号成立放织的最大值为日放B错误对于322+5,故选AC,设P(x),则g-9-1,即3x号-y=3,而渐近32线为√3x十y=0和W3x一y=0,故P(xo,y)到渐近线的4.C解析：如图，过点N作准线l的A垂线，垂足为Q,则|NF|=|NQ,距离之积为W3x十l.lW3xoy=3x6-6=3」PMNQ/∥x轴.因为PM=|PFI,√12+(W3)2√1+(W3)2441所以∠PFM=∠PMF=为定值，故C正确，故选AC∠MFO=∠MNQ.设直线PF的a解析：由题意设焦距为2c,椭圆的长轴长2a,双曲线倾斜角为a,则a=π一∠PFM一的实轴长为2m,不妨令P在双曲线的右支上，由双曲线∠MFO=π-2∠NQ,所以tan&=的定义PF,|-IPF2=2m①，由椭圆的定义|PF:|+-tam2∠NQ=anMNQ-12tan/MNQ|PF2|=2a②，又PF1·PF2=0,故PF1I2+|PF2I2=4c2③，①2+②2，得|PF112+|PF212=2a2+2m④，将生2则22tar∠MNQ-7tan∠MNQ-22=0,解得国代人@，得a+m-2好+d-答+后-是十tan∠MNQ=2W2或tan∠MNQ=-2（舍去)，所以签++√受·-号当汉当-/2m2.a2_9aa22m2IMQ=22NQ|,所以|MN|=3|NQ|=3|NFI,所以M=4N疗，即=4，故选C.即a2=2m时，等号成立，所以4+e的最小值为号5.BC解析：对于A:若曲线表示焦点在y轴上的双曲线，则m2十2<0，无解，选项A错误；对于B:若曲线表示圆8.2+y+6x-y+7=0或(x+3+(-2)》°=是)：心为坐标原点的圆，则m2+2=4一m2,解得m=士1，选3√I7-3解析：设P(x,y),由PB|=3|PA|,得项B正确；对于C:若曲线表示焦点在x轴上的双曲线，√(x+3)2+(y-5)7=3√(x+3)2+(y-1)z,化简得则4-m2<0,所以m>2或m<一2，选项C正确；对于x2+y2+6x-y+7=0;抛物线y2=4x的焦点为F(1,》敖学笔记数学参考答案/37

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试卷类型：A2024年陕西省初中学业水考试·临考冲刺卷(C)化学试卷参考答案及评分标准一、选择题（共9小题，每小题2分，计18分。每小题只有一个选项是符合题意的）1.C2.A3.C4.B5.D6.A7.D8.C9.B二、填空及简答题（共6小题，化学方程式2分，其余每空1分，计24分）10.(3分)(1)糖类(2)物理(3)灼烧，闻气味11.(3分)(1)降低(2)使木炭与空气充分接触，燃烧更旺(3)+412.(3分)(1)4(2)D(3)MgCl,13.(5分)(1)Zn+Fes0,Fe+Zns0,(化学式错误扣2分)(2)铁片(3)①铁球②N14.(5分)(1)B(2)不变(3)=(4)MgS0,B15.(5分)(1)氢氧化钠溶液(2)乙中氢氧化钠溶液过量，与氯化铜溶液反应生成蓝色的氢氧化铜沉淀(3)NaCl(4)NaC1+AgNO,—NaNO,+AgC(无“↓”扣1分，化学式错误扣2分)三、实验及探究题（共2小题，化学方程式2分，其余每空1分，计13分）16.(6分)(1)锥形瓶(2)BC2H,02=n022H20+02↑（无条件、条件错误、无“↑”、未配扣1分，化学式错误扣2分）(3)将燃着的木条放在b口处，若木条熄灭，则已集满(4)火星四射，生成黑色固体17.(7分)【学交流】Ca(0H)2+2HC一一CaC,+2H,0(未配扣1分，化学式错误扣2分)【分析讨论】(1)A(2)废液缸中有白色沉淀碳酸钙，和盐酸不共存【做出猜想)NaC【讨论交流】乙【实验验证】丙四、计算与分析题(5分)18.(5分)(1)0.1(2)解：设参加反应的锌的质量为x。(1分)Zn+H2S0,=ZnS0,+H2↑65(1分)20.1g(1分)6的。或的220.1gx0.1g解得：x=3.25g…(1分)该黄铜中锌的质量分数为3,253x100%=32.5%。10g(1分)答：略。2024年陕西省初中化学临考冲刺卷(C)A-答案-1（共1页）

毛坦厂中学2023~2024学年度下学期期末考试·高二数学参考答案、提示及评分细则1.B集合A={x∈N-1b时不能得到a>b,a>b时也不能得到a2>b,A选项错误；幂函数y=x3在R上单调递增，当a>b时，一定有a3>b3,当a3>b3时，也一定有a>b,B选项正确；由不等式的性质可知，当a>b时有a十a>b+a,即2a>a十b,当2a>a+b时有2a-a>a+b-a,即a>b,C选项正确；指数函数y=2r在R上单调递增，当a>b时，一定有2>2，当2>2时，也一定有a>b,D选项正确.故选BCD.【高二下学期期末考试·数学参考答案第1页（共4页）】242945D

DB=2,BE=6,则DE=2√10，解得：m=4,n=4,D(4,4),则DM=9DE=25,E5,-6,以A,B,C,D为顶点的四边形是行四边形，D(-2,一4)或D(-4,4)或D(4,4).(m-3)2+n2=(2V5)2(3)解：如图所示，作AG⊥CE交于点G,F为AC的中点，连接设M(m,n),则{(m-5)2+(n+6)2=(2√5)2GO,GF,/m=1m=7解得：n=-4'n=-2'则M(1,-4),N(7,-2),设直线EM的解析式为y=sx十t,直线EN的解析式为y=S1x+t,则55+1=-615+h=-6s+t=-4’71+i=-2'1解得：s=一2s=27.∠ACE=45°，t=一21t=-161∴.△AGC是等腰直角三角形，A,O,C,G在F上，设直线EM的解析式为y=一合x一子，直线EN的解析式为y7A(-3,0),C(0,4),=2x-16,∴F(-含，2)Ac=VA0+00-5,GF=合AC=号217y=-2x-2.5（x13:∠AOG=∠ACG=45°，.G在y=-x上，解得：=号x-4设c,-t0,则GF=(+）》°+(-1-2=（号）广.●则r(-),解得：4=一子6=0（合去.1y=2x-16∴点c(-子，），/x=10,则F(10,4),设直线CG的解析式为y=kx十4，y=4名十4，解得：6=宁综上所述，F(是一)或F10,4).·直线CG的解析式y=7x+4,2.1)抛物线解折武为)=-号：-号x+4,B1,0),C0,4)A(-3,0),B(1,0),(2)D(-2,-4)或D(-4,4)或D(4,4)“抛物线对称轴为直线工=二3，十1-=一1，2(3E(-1,)当x=-1时，号×(-1D+4=9∴(-1,9）【解析11)解：抛物线y=-亭+bz十4与x轴交于A(-3.1-2z+3(2)E(-2,3):F1,2》(3》点P的坐标为(1,0)或（一2,3）3,0),【解析】(1)抛物线Q1:y=-x2+bx十c与x轴交于A(-3,·-专×(-3)2-36+4=0解得：b=-至30),两点，交y轴于点C(0,3),.把A(一3,0)，C(0,3)代入Q1:y=-x2+bx+c,得，∴抛物线解折式为y=一号-号3x+4,(-9-3b+c=0,解得，c=3b=-2当x=0时，y=4,.C(0,4),(c=3当y=0时，0=-号-号+4∴解析式为：y=一x2-2x+3;(2)假设存在这样的正方形DAEF,如图，过点E作ER⊥x于解得：x1=-3,x2=1,∴.B(1,0).点R,过点F作FI⊥y轴于点I,(2)A(-3,0),B(1,0),C(0,4),设D(m,n),以A,B,C,D为顶点的四边形是行四边形，当AB为对角线时，m十0=二3十1,4+n=0+022’221解得：m=-2,n=-4,.D(-2,-4);当AC为对角线时，2-3+0_1+m4+0_0+n222解得：m4,n=4,∴.D(-4,4),当C为对角线时，3m-0时1,0+4-0+222’22

月考卷二分子结构与性质1.A解析：根据氯吡苯脲的结构简式可知，该分子中环上碳原子和氨原子的价层电子对数均为3，均属于sp2杂化，A项正确。2.B解析：H2O2、CCL4中只含共价键，A、C两项均不符合题意；N2O2中既含共价键又含离子键，B项符合题意；NaI中只含离子键，D项不符合题意。3.A解析：NP,中N原子的价层电子对数为3十专×(5一3×1)=4，S0,中S原子的价层电子对数为2+2×(6一2×2)=3，S0,中S原子的价层电子对数为3+6一？X3-3,BC1中B2原子的价层电子对数为3十号×(3-3X1)=3,A项符合题意，CHO4.D解析：邻羟基苯甲醛（〔)能形成分子内氢键，而对羟基苯甲醛OH(OHC《一OH)可形成分子间氢键，故邻羟基苯甲醛的沸点低于对羟基苯甲醛，D项符合题意。5.D解析：S0,中S原子的价层电子对数为2+6一？X2=3,含有1个孤电子对，空间结构为2V形，S0C,中S原子为中心原子，其价层电子对数为3+6-1X?-1X2=4,含有1个孤电2子对，空间结构为三角锥形，D项符合题意6.B解析：基态硫原子的价电子轨道表示式为11十3s3p,A项错误；O的电负性大于S,O一H中的共用电子对更偏向于O,使成键电子对间的斥力增大，键角增大，则键角HO>H2S,C项错误；H2S的空间结构为V形，是由极性键构成的极性分子，D项错误。7.C解析：HClO是共价化合物，电子式为H:O:CI:,A项错误；PH3中的P原子采取sp杂化，且含有1个孤电子对，所以VSEPR模型为四面体形，B项错误；镁原子最外层电子占据的能级为3s,3s的电子云轮廓图的形状为球形，D项错误。8.D解析：键长CCl

全国@0所名校高三单元测试示范卷学札INFI),由三角形三边的不等关系知|IMN|一|NF|川≤MFl.延长MF,与椭圆交于V2,点，此时|MN-|NF|=|MFI=√(-2-1)2+(3-0)严=3√2，所以MN+|NF2的最大值为4√2+3√2=7√2，则|MN|+|NF2的取值范围是[√10,7W2].【答案[√10,7√2]四、解答题：本题共5小题，共77分.解答应写出文字说明、证明过程或演算N步骤.15.(13分)已知抛物线C:y2=2x(>0),点A(2,0),O为坐标原点，点M在抛物线C上，|OM=|AM=√2.(1)求抛物线C的方程：(2)过抛物线C的准线上的一点P作斜率为三的直线1，与抛物线C交于B,D两点，若BD=√10，求点P的坐标【解题分析】(1)因为A(2,0),O0,0),OM=AM=√2，所以，点M的横坐标xM=1,则纵坐标|M=√2p=1,解得2p=1,所以抛物线C的方程为y2=x.5分(2)抛物线C:y2=x的准线方程为x=子设P点的坐标为(子m）,则直线1的方程为y一m=号(x+日）。将=x代入上式，消去x,整理得2-3十3m十=0，4=9-4(3m+)=8-12m>0,得m<号由根与系数的关系，得十为=3，n必=3m十，所以BD1=√(-2)2+(-)z=√(3y-3y)2+(M-2)=而·Vm+)2-4w为=而·√3-4(3m+})=而，所以3-4(3m十号）=1，解得m=品<号，特合题意所以点P的坐标为(-子)…13分16.(15分)已知A(0,3),B(2,1)是圆C上的两点，且圆C的圆心在直线m:2x-y-1=0上.(1)求圆C的标准方程；(2)过点P(一1,0)作斜率分别为k1,k2的两条直线l1,l2,若圆C截直线L1,2所得弦长相等，求证：k1k2=1.【解题分析】(1)易知圆C上的两点A(0,3),B(2,1)关于直线1：x一y十1=0对称，所以直线l经过圆心C,由/y+1=0得2，所以C(2,3),2x-y-1=0,y=3,则圆C的半径r=√(2-0)2+(3-3)7=2，所以圆C的标准方程为(x一2)2十(y一3)2=4.…7分(2)设直线山：y=k1(x十1)，l2:y=k2(x十1)，k1≠k2,设C(2,3)到直线l1,l2的距离分别为d1,d2,依题意d1=d2,13625·G3DY(新高考)数学-必考-N

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1、云南师大附中2023-2024年2022级高二年级教学测评月考卷(一)1地理答案

2021学年第二学期五校联考试题高三年级地理学科命题：杭州学军中学考生须知：1.本卷满分

业学参考答案及解析数学·t=3或1=5时，f（x）m=0，从而f（x）的值域为[0，1]，故B正确.设P（x，y），由y=/co5 2(-x）/=1cos(π-2r）=1cos 2r1=√1-（√x²+1-4）²，得x²+y²+16=8·√x²+1,则|PM|·|PN|=√(x+4）²+y².5元r2V(x-4）+y=（²+y²+16）²-6√（8√x²+1）-64x²=8.故C正确.设0为坐标原点，则PM+PN=2PO，从而PM²+√35π|即当x=-，即ACB得{(1）=0,f'（x）=-xe²，则f(1）=-e，，从而在8所以所求切线方程为y=-e（x-1）.即ex+元故B错等腰三角形ABC中，ABCy-e=0.13.f（x）=log（x-2）（答案不唯-）【解析】联误；如图，外心（在ABC的外部，连接OA，OC，显然四边形AOBC为菱形，所以AC=OB，故C正确；易得|AB|=3,AB·(a>0，且a≠1），即log，（x-2+2）-log（y-BO=-BA·BO=1BA丨²=9--2+2），再结合log（5-2）=2+2）=logD错误。电）1，可构造函数f（x）-log（x-2）.）3√3【解析】设BPN=0（α≤θ≤a，其14.14中α，a均为锐角，且tana=则AMP=0.所以PM=sin θcos 0MPN=90°,得MN=√PM²+PN=11,BCD【解析】令t=√x²+1，则1-(t-4）²≥0，111设点P到直线√sin²θcos²0sin Ocos 0解得3≤t≤5，即3≤√x²+1≤5，解得-2√6≤1MN·d,x≤-2√2或2√2≤x≤2√6，所以f（x）的定义2域为[-2√6，-2√2]U[2√2，2√6]，故A错误。解得d=1.令f(θ）=cos O+PNMN因为3≤t≤5，所以当t=4时，f（x）x=1；当

业学参考答案及解析数学·t=3或1=5时，f（x）m=0，从而f（x）的值域为[0，1]，故B正确.设P（x，y），由y=/co5 2(-x）/=1cos(π-2r）=1cos 2r1=√1-（√x²+1-4）²，得x²+y²+16=8·√x²+1,则|PM|·|PN|=√(x+4）²+y².5元r2V(x-4）+y=（²+y²+16）²-6√（8√x²+1）-64x²=8.故C正确.设0为坐标原点，则PM+PN=2PO，从而PM²+√35π|即当x=-，即ACB得{(1）=0,f'（x）=-xe²，则f(1）=-e，，从而在8所以所求切线方程为y=-e（x-1）.即ex+元故B错等腰三角形ABC中，ABCy-e=0.13.f（x）=log（x-2）（答案不唯-）【解析】联误；如图，外心（在ABC的外部，连接OA，OC，显然四边形AOBC为菱形，所以AC=OB，故C正确；易得|AB|=3,AB·(a>0，且a≠1），即log，（x-2+2）-log（y-BO=-BA·BO=1BA丨²=9--2+2），再结合log（5-2）=2+2）=logD错误。电）1，可构造函数f（x）-log（x-2）.）3√3【解析】设BPN=0（α≤θ≤a，其14.14中α，a均为锐角，且tana=则AMP=0.所以PM=sin θcos 0MPN=90°,得MN=√PM²+PN=11,BCD【解析】令t=√x²+1，则1-(t-4）²≥0，111设点P到直线√sin²θcos²0sin Ocos 0解得3≤t≤5，即3≤√x²+1≤5，解得-2√6≤1MN·d,x≤-2√2或2√2≤x≤2√6，所以f（x）的定义2域为[-2√6，-2√2]U[2√2，2√6]，故A错误。解得d=1.令f(θ）=cos O+PNMN因为3≤t≤5，所以当t=4时，f（x）x=1；当

2025年陕西省初中学业水考试全真模拟卷数学·参考答案1.A2.A3.C4.C5.B6.C7.D8.C由图②可知，相邻时的位置情况可能是（A，B），（B，9.6(a+2)(a-2)10.1211.6a+2bA)，(B，C)，(C，B)，(C，D)，(D，C)，共有6种情况，800800612.m（或n=13.3√2-2(5分）nm121.解：如答图，过点C作CE⊥AB于点E，则四边形14.解：原式=-6+（-2）+2.（3分）EBDC为矩形，15BE=CD,BD=EC.（2分）2（5分）√315.解：去括号，得x一1<2，(3分）在Rt△ACE中，AE=EC·tanACEEC3移项，合并同类项，得x<3.（5分）在Rt△ABD中，AB=BD·tanADB=BD.x+1-1x²-116.解：原式=(3分）（4分）x+1EB=CD=30，（x+1)(x-1)x+1AB-AE=BD/38=30(5分）17.解：如答图，点P即为所求.(5分）解得AB=15√3+45.答：铁塔的高度AB为（15√3+45)m..…..….….（6分）第17题答图18.证明：BAD=EAC，BAD+DAC=EAC+DAC，第21题答图BAC=EAD....….（1分）22.解：(1)当x≥3时，设乘车费用y（元）与乘车的里程B=E,数x（km)之间的关系式为y=kx十b，在△BAC与△EAD中，BAC=EAD，分别将(3，10)，（6，16)代人，得AC=AD，3k+b=10，[k=2，△BAC△EAD(AAS),（4分）解得16k+b=16，b=4，:AB=AE.….（5分）乘车费用y（元)与乘车的里程数x（km)之间的关19.解：设购进鲫鱼xkg，则购进鲢鱼（1000一x）kg.系式为y=2x+4（x≥3）.……..（4分）(1分）(2)令y=2x+4=28，解得x=12，由题意得9x+8（1000-x）=8400，.王老师家与学校之间的距离为12km．.（7分）解得x=400.23.解：（1)90300.15...…（3分）答：购进鲫鱼400kg.“（5分）·…（5分）320.解：(1）：（2分）(3)640×（0.45+0.25)=448(人）.答：估计在该校学生中，有良好购物惯的同学有(2)根据题意列表如下.448人...….….（7分）甲ABCD24.（1)证明：AT为OO的切线，BA⊥AT..…..…乙（1分）A—(B,A)(C,A)(D,A)又：B=45°，/T=/B=45°B(A,B)(C,B)(D,B)OB=OC，/BCO=B=45°，·(3分）:T=BCO,:OC//AT.（4分）C(A,C)(B,C)(D,C)(2)解：如答图，连接OM.D(A,D)(B,D)(C,D)P为OA的中点，OP=AP.由列表可知，共有12种等可能的情况，由(1)得AB=AT=4,OA=OB=OM=2，1

22:19→PC由①，②可知m=√3故BC=5m=5√33数学参考答案第1页（共7页）8.【答案】B【解析】alnx-x+e>e-1，得t>0，设f（c)=e'-t，则f（t)=e-1>0，所以f（r)在(0,+oo）单调递增，由e'-t>e-1，，Imx<0，所以a<，设g（x)=xe0.]，则1n.x(In.x)9.【答案】ABD（选对一项给2分，选对两项给4分）2的数之差，即x-x，故A，B正确；这组样本数去掉x后方差可能变大、变小或不变，例如，设x=0，x，x，"，x的值无限接近于0，x1o=90，则原数据的方差为1010数据方差为1>（x-x）²1x（10²×8+80²）=800，在这种情况下方差变大，故C错误：若x2恰好等于数据96的均数，则去掉x后均数不变，故D正确.10.【答案】BC（选对一项给3分）【解析】易知面BDDBI底面ABCD，设O在底面ABCD上的射影为O'，若B，O，D三点共线，则O在面BDDB上，此时O'在直线BD上，但根据题设不能确定O'是否在直线BD上，故A错误；因为直四棱柱ABCD-ABCD的各项点都在球O的球面上，故A，B，C，D四点共圆，若A，O，C三点共线，同上可知O'在直线AC上，故AC为圆O'的直径，所以ZABC=90°，又BB⊥底面ABCD，ABc底面ABCD，故BB，⊥AB，所以AB⊥面BCCB，又BCc面BCCB，故AB⊥BC，同理可证AD⊥面DCCD，故B，C正确：由于不确定面BCCB是否行于面ADDA，故不确定BC是否行于面ADDA，故D错误。11.【答案】BCD（选对一项给2分，选对两项给4分）【解析】设P（x，y），由|PF丨-|PF|=9，得√（x+3)²+y²√（x-3）²+y²=9，令x=0得y=0，C与y轴只有1个公共点，A错误：√（x+3）²+y²√（x-3)²+y²=9中令y=0，得x=±3√2或x=0，设C的方程为r²y²=1(a>b>0),a²b²数学参考答案第2页（共7页）则a=32，a²-b²=3²，所以C的方程为x²y²=1，B正确，若M为C，C的公共点，且MF⊥MF，则189|MF|²+|MF|²=|FF|²=36，|MF|-|MF|=9，所以2a=|MF|+|MF|=√36+18=3√6，C正确：易得=3√2≤x≤3√2，存网盘页面管理转Word笔记标注三

数学·辽宁名校联盟参考答案及解析2 eco>0(x∈(0，)），故f(x)在区间所以M(x)单调递增，则M(x)>M(0)=f(y)一f(0)一f(y)=0,(0,)内单调递增。(13分)从而可得f(x+y)>f(x)+f(y),(15分)设M(x)=f(x+y)一f(x)一f(y),其中进而可知2f(x,)0,故5<2fx)<.(17分)数学（五）一、选择题1.C【解析】由=-i,=1,得=()2×cos∠RP,=号，所以R,R:-(3m)+8=-i,所以之=3十2i,所以元=3一2i.故选(2m)2-2X3mX2mXcos/FPF2=9m2=C项.4轮，即e=m,故C的离心率e=名=号故2.B【解析】若A∩B=必，则B二CuA,则选A项B=CA不一定成立，所以充分性不成立；若6.D【解析】在同一坐标系内作出y=3x十1B=CuA,则A∩B=,必要性成立.综上，与y=2x十lnx的图象，如图所示：A∩B=⑦是B=CuA的必要不充分条件.故选B项.3.B【解析】圆C1的圆心为（一1,3），半径v=2x+ln xr1=√2，圆C2的圆心为(1,1)，半径r2=√2，y=3X+1两圆的圆心距d=√（一1-1）2+(3一1)z=-2-1012元2√2，所以d=r1十r2,所以两圆相外切，则公切线条数为3.故选B项.4.C【解析】由题意得等腰三角形ADE的高为25，其面积S4=号×8X25=8V5,因为y=(2x十1nx)'=2十三，所以曲线y=2x十lnx在点P(xo,yo)处的切线斜率=易得等腰梯形FEAB的高为3√3，其面积×(18+12)×3v5=455,2十1，由=2+1=3，得，=1，此时=S等厦梯形FEAB=oxo2,所以P(1,2)到直线y=3x十1的距离为所以该楔形屋顶铺瓦部分的面积为2×|AB|的最小值，即IAB|的最小值为(8√5+45√3)=16√5+90√3.故选C项.|3×1-2+11=√105.A【解析】由题意设|PF|=3m,则|PF2|=√/10敢选D项，2m,设C的半焦距为c,由椭圆的定义可得IP|+|P,=5m=2a,即a=号m,因为2A【解]由器-品答器得sC.(sin Acos B-cos Asin B)=cos B(sin Ccos A-。27·