∴.圆心到直线4.x一3y十25=0的距离d=125=5>2,.圆土√，，一（√3）=2√/，.符合题意/42+(-3)2x2十y2=1上的点到直线4x一3y十25=0的距离的取值范围是[3,7]，一k(x当直线1的斜率存在时，设斜率为k,…直线1的方程为y一号故选C5.C【解析】圆E的圆心在y轴上，.设圆心E的坐标为(0，b),半径为r,设圆x2+y=4的圆心到该直线的距离为d,则圆E的方程为x2+(y-b)2=2,即x2+y2-2by十b2-2=0,义圆x2+y2=4的半径为2，弦长为23，由圆的垂径定理可知，d:圆C的方程为x2十y2一2x=0,两圆的方程相减得公共弦所在直线的方程为x一6y叶6-2=0,又公共弦所在直线的方程为x一√3y=0,十（分×25）=4，解得1=1，d=32=1,解得=√2+(-1)2b=√5，b2-解得bB:圆E的方程为十)一)=a停y2=02=0(r=√3，综上所述，直线l的方程为x十√3y-2=0或x=1.6.C【解析】由题意可得圆心坐标为(0,0)，半径为2，13.(x一2)2+(y一1)=4一1【解析】如图，设CN⊥x轴于点N,所以则圆心到直线的距离d=m/k2+1AN=7AB=3,又因为D(0,1),所以明跳长1N-2V异CN|=1,所以r=|CA=√1+(W3)严=2，所以C(2,枚当=0时，弦长MN取得最小值，最小值为2√/4一m2=2,解得m1),故圆C的方程为(x一2)2+(y-1)2=4.=土√3.又y=k(x-1),所以直线1过定点M(1,0),由垂径定理可知，当CM⊥（时，直线l被圆C截得的弦长最短，又因7.C【解析】设点P(x,y),则2√(.x一1)2+y2=√(x-4)2十y2,即x2+y2=4.为名月-1.所以=-1.:点P在直线x一y十m=0上，.问题转化为直线x一y十m=0与圆14.【解析】(1)设圆C的圆心坐标为C(a,b),由题意可得C,(一1,0)，则2+y2-4有在公共点，故0≤2，即-22≤m22.cG的中点坐标为(“2，合)》8.D【解析】由题意得圆C的圆心坐标为（一2,1），半径为√2，.直线1：y=kx十1与圆C:(x十2)2十(y-1)2=2相切，因为圆C:+1)2+2-8关于直线1=号x一2对称的图形为:-26-1±1-2，解得=士1.a=1,/k2+1圆C,所以解得b=-4,由圆D的方程可得D(1,0),r-√2，∴.圆心D(1,0)到直线l的距离d=|k+1|因为圆C和圆C的半径相同，即r=2√2，√/2+1所以圆C的方程为(x一1)+(y十4)2=8.当=一1时，d=0,此时圆D与直线l相交：(2)设圆心C到直线1：y=(x一1)的距离为d1,当k=1时，d=√2，即d=r,此时圆D与直线l相切原点O到直线l:y=k(x一1)的距离为d2,.直线1与圆D:(x一1)2十y2=2相交或相切则d=9.C【解析】对于A,,圆M与直线x十y十2=0相切于点A(0,一2)，4,d2=√k2+1IEFI-2V-di,√/k2+.直线AM与直线x十y十2=0垂直，故点M落在直线x一y一2=0所以S2=号·EF·d,=V-G·d=,上，故A正确：对于B,C,D,设圆心坐标为(a,a-2),则半径R-2a√2k2-=3,解得2=3，=√2al=√/1+(a-2)7,.a=1或a=-5,.R=√2或R=5√2，(）∴.满足条件的所有圆C的半径之积是10，故B,D正确，C错误.因为k>1,所以k=√3，10.B【解析】圆C的标准方程为(x十1)2+(y一-3)=4，圆心为C(一1，所以直线l的方程为y=√(x一1).3),半径为2，15.【解析】(1)化圆C的方程为(x-2)2+(y-1)2=5-m>0,由圆的切线的性质可得MA⊥AC,则|MA|-√MC-22=圆心到直线1的距离d=6-4一-7=1,/32+(-4)2√(-1-0)2+(3十4)2-2=√46，由题意得|MN=2√/5-m-1=2√3，所以以点M为圆心，|MA为半径的圆M的方程为x2十(y十4)2解得m=1.=46.(2)设P(x,y),山(1)得C:(x-2)2十(y-1)2=4,切线|PQ将圆M的方程与圆C的方程作差并化简，可得x一7y十18=0.因此直线AB的方程为x-7y十18=0.√PC2-4=√(x-2)2+(y-1)2-4,11.(一3,7)【解析】设直线y=2x+m与函数y=2e相切于点(a,同理可得切线PR=√PC2-1=√(x+2)2+(y+2)2-1,2e),因为y'=2e,所以2e“=2,解得a=0,由√/(x-2)2+(y-1)2-4=/(x+2)2+(y+2)2-1,所以切点为(0,2)，切线方程为y=2x十2.化简得到4x+3y+3=0.设直线y=2x十n与直线y=2x十2的距离为w5,则”2-5，解得可知直线4x十3y十3=0与两圆都无公共点，故P为直线上任意点都5符合题意n=一3或n=7.若满足到直线y=2.x十b的距离为√5的点M只有2因此OP的最小值为原点到直线4x十3y十3=0的距离，则OP|个，则直线y=2.x十b介于y=2x一3与y=2x十7之间，所以实数b的14×0+3×0+31=3取值范围是（一3,7）.√42+312.x十3y一2=0或x=1【解析】当直线1的斜率不存在时，则直线1的方程为x-1,把x-1代入圆x2+y-4中，得1+y-4,解得y-16【解折)设，).由贸,得=/(x-3)2+y=,化简23XKA·数学（文科）·157·

答案专期2022-2023学年浙江专版七年级第13~16期分数学用损MATHEMATICS WEEKLY22.(1)∠C0N=∠AOB-∠M0N∠A0C=30提示：所以AC=2,DB=6,CD=4故贞30°16.当OC在∠A0B的内部I时，闪为OM,0N分别因为M是AC的中点，N是BD的中点(2)①ON分∠A0C分∠A0B和∠A0C.∠M0N=20°所以GM=号AG=1.DN=号BD=3.理h:因为OC分∠AOAM所以}∠A0B-)∠A0C=20所以∠M0C=∠AOC=60°所以MN=CM+CD+DN=1+4+3=8.所以LN0C=∠10N-∠w0C=90°-60°=30°.所以∠A0B-∠A0C=40°22.(1)如图所示所以LA0.N=∠A0C-∠C0N=60°-30°=30°.因为∠AOB和∠AOCL余D所以/A0N=/N0C.即ON分/A0C.所以LAOB+∠AOC=90°.所以LAOB-∠AOC+第22随啊②因为∠C0M=∠M0N-∠C0N=90°-∠A0B+∠A0C=2LA0B=130(2)因为AC=3BC∠C0y,∠A0N=∠A0C-∠C0N=60°-∠C0N.所以∠A0B=65所以AB=AC-BC=3BC-BC=2BC所以∠COM-∠AON当OB在∠AOC的内部时，因为OM.ON分别因为AB=4cm,=90°-∠C0N-(60°-∠C0N)分∠A0B和∠A0C.∠M0N=20°，=90°-∠C0.N-60°+∠C0N=30°所以BC=号AB=号×4=2(cm),23.设运动时向为x、所以∠A0C-A0B=20因为AD=号AB=2cm.（1)H趣总.得PA=2x,PB=24-2x,AM=x所以∠AOC-∠A0B=40所以DC=AD+AB+BC=2+4+2=8(cm).因为PB=2AM.所以24-2x=2x因为∠AOR和ILAOC互余，解得x=6.所以∠AOB+∠AOC=90°.所以∠AOB+∠AOC-(3)因为AD=BC=2cm,AK=BK所以点P出发6s后，PB=24M(LA0C-∠A0B)=2LAOB=50°所以DK=CK.(2)因为BM=24-x,BP=24-2x,所以∠A0B=25°.所以K是线段AB、线段DC的巾点所以2M-BP=2(24-x)-(24-2x)=24(cm).综上.10B的度数为65或2523.(1)因为0M是∠A0C的分线，∠A0C=28°即2BM-BP为定值三、17.如图所示：所以LC0M=号L10C=×28°=14(3)①正确因为∠M0N=35°，因为PA=2x,AM=PM=x,PB=2x-24.PN=159所以∠C0N=∠M0N-∠C0M=35°-14°=21°5PB=x-12.4530r30因为ON是∠BOC的分线，第17题图所以MN=PM-PN=x-(x-12)=12(cm.所以∠B0C=2∠C0N=2×21°=42°.所以18.(1)①如图所示线段BC即为所求所以MN的长度不变，为定值l2cm∠A0B=∠A0C+∠B0C=280+42°=70②如图所示，线段D即为所求.(挑示：②错误.MA+PW=x+x-12=2x-12,(2)因为OM是∠A0C的半分线.0N是∠B0C所以MA+PV的位是变化的.)AB的分线24.(1)是；第18题图所以LC0M=∠A0C.∠C0N=∠B0C.所以(2)当AB=2ACH时AG=)AB=)×12=6(m(2)因为AB=8cm,a=6cm,b=10cm,∠AOB=∠AOC+∠1B0C=2∠COM+2∠CON=所以CD=8+6+10=24(cm).当MC=2BC时.AB=AC+BC=3BC=12cm2∠M0N.因为E为CD的中点，解得BC=4en.所以AC=8cn因为/M0N=72°BC=2ACH时，AB=AC+BC=3AC=12cm.所以DE=三CD=12(cn)所以∠A0B=2×72=1449解得AC=4cm所以AE=DE-AD=12-10=2(cm)(3)∠AOB的人小随∠MON的人小的改变面综，AC的长为4em,6em或8em19.(1)因为点A,0,B在同一条线上改变.∠A0B=2∠MON.枚填4cm.6cm或8cm.所以∠AOB=180°，即∠A0B是角.24.(1)①因为OM分∠B0C,(3)由题意.得AP=2cm,BQ=1cm,因为∠AOD=90°，∠B0D=∠AOB-∠AOD=所以LCOM=LBOM=}∠BOC所以AQ=AB-BQ=(12-1)em.180°-90°=90°，因为点P为AO的巧点”，因为/A0C=30°，所以∠B0C=150°所以LBO)是直角所以点P在线段AQ上，即点P在点Q的左边所以∠C0M=75①当A0=2AP时.12-1=解得4=号因为OC在LAOD的内部，因为∠M0N=90°，所以LAOC<∠AOD,即∠AOC是锐角所以LC0N=∠M0N-∠C0M=90°-75°=15②1AP=2PQ时.AP=号AQ.因为OE在∠AOD的外部.所以∠A0Y=∠A0C-∠CON=30°-15°=15所以LAOE>∠AOD.即∠AOE是钝角即21=号(12-t).解得1=3.所以1=15÷3=5.因为∠AOF=∠BOE,且OF在∠AOC内部②0N分∠A0C.③当PQ=2P时，P=?AQ.所以LBOE<∠AOC,即LBOF是锐角理h:山①知∠C0N=15°.∠A0N=15°即2=}(12-).解得1=1号综上所述，∠BOE<∠AOC<∠AOD=∠BOD<所以ON分∠AOC.∠AOE<∠AOB,锐布是∠AOC.∠BOE,直角是(2)经过5秒.0C分∠1M0N所以当1为二s.3s或号s时，点P为线段AQ∠AOD.∠B0D,钝角是∠AOE.角是∠AOB.理h:囚为0C分∠M0N.∠M0N=90°，的“巧点(2)∠DOE的余角是∠BOE和∠AOF.∠AOF的所以∠C0N=∠C0M=45°补角是∠BOF和LAOE.改∠A0N=(3)°，则∠A0C=30°+(6)°第6章综合测试题(B)20.不能.需要添加条件：O0分∠C0.囚为LA0C-∠AON=∠C0N=45°理由：因为OD分∠C0E.0B分∠AOC所以30°+(6)°-(3)=45-、1.C2.D3.A4.B5.C所以LB0C=)∠A0C.LC0D=)∠COE解得：=56.B7.B8.C9.A10.A因为∠AOE是角.所以经过5秒，0G分∠MON提示：所以∠AOC+∠C0E=∠AOE=180°(3)经过7秒.0C分∠0k9.因为∠E0C=70°，所以∠E0D=110°.所以∠BOD=∠BOC+∠COD闪为0B分∠00.理由：如图，设∠AON=（3)°所以∠B0E=E0D=55=号LA0C+号∠C0k则∠A0C=30°+(6)°所以/1B00=180°-∠AOC=150°-(6)°所以∠A0C=180°-∠E0C-∠1B0E=55°=5(LA0C+∠LC0)因为OC分∠1B0M.∠M0N=90°，故选A.=9010.从点0引山两条射线时.只有∠A,0A.角的个所以/C0M=号∠0M=)(180°-/A0N-21.(1)因为AM=2,M为AC的巾点，数为1；从点O引出三条射线时.有LA,OA,所以AC=4.LM0N)=290°-(3]∠A,OA.∠A,0A.角的个数为2+1=3：从点O因为AC:CD:DB=1:2:3,因为∠50C=∠C0M.引出四条射线时，有∠A,OM:,∠AOA,∠A,OM:,∠A:OA.∠A:0A,∠A,OA,角的个数为3+2+所以AC=言AB.所以150°-(6)°=2[90°-(31]1=6.…,所以从点0引出n条别线时，角的个所以AB=24.解得1=9数为(n-1)+(n-2)+…+1.当n=100时，(2)因为AC:CD:DB=1:2:3,角的个数为+00-少x100-)=50x9.所以CD=2AB=号AB,DB=君AB=号AB.所以经过秒.0C分LM0B2二、11.点动成线AC=若MB12.②13.105°14.∠1与∠3.∠1与L4,∠2与∠3.∠2与∠4所以AD=AB-DB=分AB.15.60°16.65或25因为AD=6.所以AB=12第24图

在Rt△BCD中，62+x2=(18-x)2解得x=8,即C)=8cm.(2)H(1),知△BCD是直角三角形，且直角边分别是B)=6cm,CD=8cm,所以Sm=2×6×8=24(cm).答：零件BCD的血积为24cm321.（1)设出发5秒州时，小王的赛车所在的.点为C,小林的赛车所在的点为B:所以CG,=4×5=20(米)，BB,=3×5=15(米)因为1C=40米，1B=30米，听以AG=20米，AB,=15米在Rt△1BC,小，由勾股定理，得B:C2=AG2+AB2=202+152=625.所以BC,=25米，因为25>10，所以出发5秒阳时.谣控信号不会产生相互扰(2)同(1).可得出发8秒时，B,C2=(40-4×8)2+(30-3×8)2=100.所以BG=10米所以赛车之间的距离为10米.所以出发8秒刷，遥控信号将会开始产生相互干扰。22.（1)由题意，得∠CB1=90°-23°=67°，AC=120×品=12（海里），BC=50×兵=5（海里）。60因为AB=13海里，所以AC+BC=AB所以△ABC是直角三角形，且∠C=90°，因为∠CBA=67°，所以∠CAB=23°.所以甲的航行方向为北偏东67”(2)甲巡逻船航行3分钟的路程为120×306(海里)，乙巡逻船航行3分钟的路程为50×高=多（海里听以3分钟后甲、乙两巡逻船间的距离的方是6+=42.25听以3分钟后，甲、乙两巡逻船间的距离是6.5海里.

沈阳市第120中学2023一2024学年度上学期高三年级第四次质量监测数学试题满分：150分时间：120分钟命题人：马健于茂源校对人：高越一、单选题（本题共8小题，每小题5分，共40分)1设集合4={-8x+15=0,集合B={ar-1=0吲，若BcA,则实数a取值集合的真子集的个数为()A.2B.3C.7D.82.已知复数z满足(1+2i)z=3-2i,则：的虚部为()81AC..5B、8553.若的展开式中，只有第6项的二项式系数最大，则该项式的展开式中常数项为()A.90B.-90C.180D.-1804.向量a=同=l,日=5且a+6+c=0,则cosa-c,6-c）=()B.-345.在《九章算术·商功》中将正四面形棱台体（棱台的上、下底面均为正方形)称为方亭，在方亭ABCD-A,B,CD中，AB=2AB,=2,四个侧面均为全等的等腰梯形且面积之和为3√3，则该方亭的体积为()7B.D.2566.在数列{an}中，a,=1,且函数f(x)=x+an1sinx-(2an+3)x+3的导函数有唯一零点，则a,的值为().A.1021B.1022C.1023D.10247.已知点P是圆M:(x-2)2+(y-2)2=2上的动点，线段AB是圆C:(x+1)2+(y+1)2=4的一条动弦，且|AB=2√3，则PA+PB|的最大值是()A.3V2B.8√2C.5√2D.8V2+2第1页/共4页

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18.(13分)(1)玻璃棒，100mL容量瓶（各1分，共2分）(2)①焰色试验(2分)：②4 NaCuO2+

4、1号卷 A10联盟2024年高考原创信息卷(三)3生物答案

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(3)细胞核内行使遗传功能的结构是染色质，其主要成分是☑柜跑分.染色质弯及螺旋化，缩短变粗，形成圆柱状的染色体

5、1号卷 A10联盟2024年高考原创信息卷(三)3英语试题

1、1号卷 A10联盟2024年高考原创信息卷(二)2数学试题

沈阳市第120中学2023一2024学年度上学期高三年级第四次质量监测数学试题满分：150分时间：120分钟命

1、1号卷 A10联盟2024年高考原创信息卷(二)2数学答案

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与use之间是逻辑上的主谓关系，故填Using。.57.movies。.考查名词复数。movie是可数名词，且前面有l22 million修饰，故填其复数形式movies。.58.carried.。考

3、1号卷 A10联盟2024年高考原创信息卷(三)3数学答案

1、1号卷 A10联盟2024年高考原创信息卷(二)2数学答案

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沈

4、1号卷 A10联盟2024年高考原创信息卷(三)3语文试题

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大意型理科综合·答案解析是第2次经过边界时并没有与第5次相交于同一点，B错误，粒子第5次经过边界所用时间t=3x"+2mm随着下滑距离的增大而均匀减小可知=Tx+po;q·2B一答，到0点间距离为d-

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绝密★启用前2022一2023学年度高三12月质量检理科综合全卷满分300分，考试时间150分钟。注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，并将条形码粘贴在答题卡上的指定位置

4、[天一大联考]高三2024届高考全真模拟卷(二)2理科综合(新教材)试题

11:53旦®即题⊙令o49×l14解得B=3。(2分)ga(2)粒子先做匀速直线运动，后在磁场中做匀速圆周运动，则有5R+2Rt=-(3分)解得1=35+24。（3分)9vo(3)如图所示，当粒子运

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26.14分)常温下，亚硝酰氯(N0C为黄色气体，其熔点为-64,5℃，沸点为一5,5℃，具有刺鼻恶臭味，遇水剧烈水解，易溶于浓硫酸。常可用于合成清洁剂、触媒剂及中间体等。实验室可由氯气与一氧化氮在常

17/20总我用乙=29+30=，P忆，-6侧-多-号当2个盲盒打开后款式相同，则需要直接购买另外2款吉样物，8费用乙=2x19+2x30=9%P(亿，=9调-C×写号所以E(名)=68×号+98×78元3方案4：购买3个盲盒时，当3个直盒打开后款式各不相同.则总费用乙，=3x19=57,P(亿)=A)-号当3个盲盒打开后恰有2款相同，则需要直接购买剩下一款吉祥物，8我五-00-7P化-=cCC对行号当3个盲盒打开后款式全部相同，则需要直接购买另外两款吉样物，贵用名=39+0=1，P收=7列=C得)号所以E(2)=57x子87x号+17×g2元对比4个方案可知，第3个方案总费用的期望值最小，故应该一次性购买2个吉样物盲盒21.【解折】D设Pk川，则PF的中点G-5,22oq2-m9-f-25阿.整理得-可+=4-+可+户。化简得点P的轨迹方程E:4+2s1(2)设S(,片)，T(x2,乃)，先证直线ST恒过定点，理由如下：由对称性可知直线ST的斜率不为0，所以可设直线ST:x=y+n,联立直线S7与E:4+2=1,4+y=l=(m2+4pr+2mm+r-4=0.x=my+n则△>0三4+m2-n2>0,①数学答案（第11页，共14页）

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2024-03-05 13:50:14

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(2)细胞增殖、细胞膜的流动性、抗原与抗体结合的特异性（答出两点即可）细胞相互融合是随机的，且融合率达不到100%；不能无限增殖。(3)植被恢复（1分)；土壤微生物群落。选择题解析：1.选D①正确，核

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Ⅲ.阅读理解（共20小题：每小题2分，满分40分】阅读下列短文，从每小题所给的AB、C,D四个

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答案B 解题分析 据图可知，三个采样点中乙的砂含量最高，推知乙

参考答案及解析文数2a2+b_=合，所以离心率e===√15.22【解析】由1：y=x十3与C1:x2=12y联立得y2-18y+9=0,设A(x1,y1),D(x2,y2),-四故达CF(0,3),则y+2=18,∴.|AD=AF|+|DF|=(+3)+(2+3)=(y+2)+6=24,∴.|AB+12.C【解析】：f)=ln(x+1)-a(x+千）≥|CD=AD-BC=22.故答案为22.合当2-1时f)=中-[1+aD]16.3【解析】取BC中点O,以O为坐标原点建立如图=-a十-，令1=h∈(01面直角坐标系，因为BC=3,AC=2AB,故十∞)，则由f(x)=0,可得一a·t十t-a=0,B(-多0)，C(受0)，设A(),整理得a≥7，A=1-4a≤0，则f(x)≤0，在x∈(x+)+y=4,故点A(y)的轨迹是以(一1，十∞)恒成立，f(x)在（一1，十∞）上单调递(-号0)为圆心2为半径的圆（除去(-号0），减，f(0)=0.-10;x>0,f(x)<0.令h(t)=t十t,易证h(t)=t十t为增函数，g(x)≥0(-号，0)月，即A(-号，±2)时，△ABC面积取最台h(x+2)≥h(x2)台-1≤x≤2，g(x)≤0台h(x大值为5=×3×2=3.故答案为32)≤h(x2)台x≤-1或x≥2，当f(x)十g(x)=y不f(x)|+g(x)|成立时，有f(x)·g(x)≥0，所以一1

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1、江西省上饶市2023-2024学年度上学期九年级期末测试卷数学试题

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3、学普试卷 2024届高三第二次模拟试题(二)2政治(新高考3)试题

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1、学普试卷 2024届高三第二次模拟试题(二)2生物(新高考3)答案

4、广西省2024年普通高中学业水选择性考试·仿真模拟卷(新高考)广西(三)3化学试题

1、2024届全国100所名校单元测试示范卷·化学[24·G3DY·化学-R-必考-FJ]二试题

根据如图实验所得推论不会理的是（已知苯酚的熔点为体积相同的钠块1243℃)A

5、湖南省2024年普通高中学业水选择性考试·仿真模拟卷(新高考)湖南X(三)3化学试题

1、高三2024年普通高等学校招生全国统一考试·仿真模拟卷(二)2数学(新高考X)试题

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1、衡水金卷先享题(月考卷)2023-2024学年度上学期高三年级期末考试化学(化学(HX))答案

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2、2024届全国100所名校单元测试示范卷·化学[24·G3DY·化学-R-必考-HUB]七试题

5.有机物分子中基团之间的相互影响会导致物质化学性质的不同。下列事实中，不能说明上述观点的是()A.甲苯能使酸性KnO4溶液褪色而甲烷不能B.苯酚能与a2CO3溶液反应而乙醇不能C.乙醇能发生消去反应

3、2024届高三全国100所名校AB测试示范卷·化学[24·G3AB(新教材老高考)·化学-SJB-必考-QG]六试题

全围®0所名接单元测试示范老教学札记解析：NC()5和盐酸的反应过程：先发生反应①Na2C()3+HCl一NaHC)3+NCI,再发生反应②NaHC()3+HCl一CO2个+NaCl十H2O,由两反

4、2023-2024学年第一届安徽百校大联考化学答案

1、2023-2024学年第一届安徽百校大联考数学答案

2如图，已知AB是半题0的直径，点C.D将B分成相等的三段，点P在AC上，若点Q在CD二、填空题（每小题3分，共15分

5、2024年湖北省八市高三(3月)联考化学答案

1、2024年湖北省八市高三(3月)联考生物答案

1、2024年湖北省八市高三(3月)联考政治答案

1、湖北省部分市州2024年元月高三期末联

由x=-1>0可得5，>0，：x<0<3联立上两式可得X+2x,=-Xx,解得x=-,x+2又x2>0,x<0.x>-2,综上-2<<00,当1<-2时，8(0>0，80在(4》上单调递常，80<82》4k.atbe.

1、衡水金卷先享题·摸底卷 2023-2024学年度高三一轮复摸底测试卷 政治(江西专版)(二)2答案

中占比最大。第(2)问，“降税减负”→降低成⑩法律①公有制②共同富裕③宏观调控本→增加企业收人>扩大生产规模>加大科技④经济增长⑤物价⑥经济手段⑦法投入>提高劳动生产率>促进小微企业发律手段展→扩大税

2、云南省2025届三校高考备考实用性联考卷(二)(白白白白白黑白)政治试题

1、贵州省2024届“3+3+3”高考备考诊断性联考卷(三)3试题(数学)

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3、2023-2024衡水金卷先享题高三一轮复单元检测卷地理重庆专版13试题

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4、皖智教育·1号卷·2024年安徽省普通高中学业水合格性考试模拟试题（二）x物理试卷答案

1、衡水名师卷 2024年高考模拟调研卷(新教材▣)政治(一)1试题

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5、浙江强基联盟2023学年第一学期高三12月联考地理.

1、2024届全国100所名校高三月考卷·地理[24·G3YK(新高考)·地理-ZTB-必考-HUB]七试题

年初，新加坡某媒体发表《对4,我国的荒漠化类型中风蚀荒漠化的面积