三、非选择题（本题共3小题，共46分）》(4)硫酸溶解铁硼矿可制得含Fe3+、Fe2+、A13+杂质的硼酸溶液，提纯过程中加入H,02的目的是9.(15分)氢能是一种理想的绿色能源，一种太阳能两步法甲烷蒸气重整制氢原理如图甲。,常温下为除去Fe3+、AI3+(使其浓度均小于1×回答下列问题：太阳光10-6mol·L1),需至少调节pH=_(已知：Kp[A1(0H)3]=1×103,(1)第I步：NiFe,O4(s)+CH4(g)=Ni0(s)+2Fe0(s)+CH,NiFe,O☐→C0、H2第I步Kp[Fe(0H)3]=4×10-38)。bC0(g)+2H,(g)△H,=akJ·mol-。总反应可表示为CH(g)+高能金属氧化物NiO、FeO→H(5)H,B0,可以通过电解的方法制备，其工作原理如图所示（阳石墨阳膜阳膜石墨阴膜H,0(g)C0(g)+3H2(g)△H2=bkJ·mol-1。写出第Ⅱ步-NiFe.O,第Ⅱ步膜和阴膜分别只允许阳离子、阴离子通过)。反应的热化学方程式：甲①a接电源的（填“正极”或“负极”）。(2)实验测得分步制氢比直接利用CH4和H,O(g)反应制氢具有更高的反应效率，原因是②写出阳极的电极反应式：对HBO-NaB(OH)4--NaOH③写出原料室中阴、阳离子的迁移过程：阳极室产品室原料宰阴极室(3)图乙为第I、Ⅱ步反应的gK。-T图。11.(16分)多种短周期非金属元素的气态氧化物常会造成一些环境污染问题，化学工作者设计出将lgK4工业废气中污染物再利用的方案，以消除这些不利影响。(1)以NH、C02为原料生产重要的高效氮肥-尿素[C0(NH,)2],两步反应的能量变化如图甲：个能量个能量700/80090010001100120077元正2NH:(g)+CO:(g)CO(NH)-(s)+H-O(g)7HNCOONH(s)H.NCOONH.(s)由图乙可知ab(填“大于”或“小于”)，1000℃时，第Ⅱ步反应的化学衡常数K。=第一步反应的反应过程第二步反应的反应过程一,测得该温度下第I步反应衡时CH4的衡分压p(CH4)=4.0kPa,则衡时混合气体中H2的体积分数为(保留三位有效数字)。写出以氨气和二氧化碳气体为原料合成尿素的热化学方程式：(4)第I步反应产生的合成气(C0和H2的混合气体)可用于F-T合成（以合成气为原料在催已知两步反应中第二步反应是生产尿素的决速步骤，可判断E。1Ea(填“>”“<”或“=”)。化剂和适当条件下合成碳氢化合物的工艺过程)。合成碳氢化合物时易发生副反应C0+(2)向容积为2L的恒温恒容容器中通人2olC0和2molS02,发生反应2C0(g)+S02(g)、H,0(g)C02+H2,图丙为相同条件下用不同催化剂在不同时间段测得反应体系内C02的体2C02(g)+S(s)。若反应进行到10min时达到衡，测得C02的体积分数为0.5，则前16min的积分数。均反应速率v(CO)=,该温度下反应的化学衡常数K=(保留3位有效数字)。60(3)利用“亚硫酸盐法”吸收工业废气中的S0,。催化剂1：Fe,0,@Si02①室温条件下，将工业废气通入(NH4)2SO,溶液中，测得溶液pH与含硫组分物质的量分数的变★★★★30化关系如图乙所示，b点溶液中n(NH4):n(SO?)=020②已知室温条件下，K(H2S03)=1.5×10-2、K2(H2S03)=6.0×10-8、K,(NH3·H,0)=1.8×·10催化剂:Fe,0,@Si0,-(CH,)10-5。室温下，0.1mol·L1的(NH4)2S0,溶液中离子浓度（不考虑0H)由大到小的顺序为丙个各组分物质的量分数据此应选择的催化剂是（填“I”或“Ⅱ”)，选择的依据是HSO,S0310.（15分)一些含硼化合物在工业上有许多用途。以铁硼矿为原料可以制得硼酸及其他含硼化合物。回答下列问题：(1)硼酸(H,B0,)为一元酸，硼酸中B元素的化合价为个工业废气、离子交换膜(2)已知：K,(HB03)=5.8×10-°，K(H2C03)=4.4×10-7,K(HC03)=4.7×10-",向饱和硼丙酸溶液中滴加0.1mol·L-1的Na,C0,溶液，(填“能”或“不能”)观察到气泡逸出。写(4)利用电解烧碱和食盐的混合液，使工业废气脱氮，原理如图丙。出该反应的化学方程式：①写出NO被阳极产生的氧化性物质氧化为NO,的离子方程式：(3)以硼酸为原料可制备重要还原剂NaBH4,BH的电子式为。NaBH4与BF3在②为使该电解装置能较长时间正常工作，保持两极电解质溶液导电能力相对稳定，该装置中应50~70℃反应生成NaBF4和乙硼烷(B,H6),该反应的化学方程式是使用(填“阴”或“阳”)离子交换膜。化学9596化学反应原理检测卷
CH-CHCOOCH2CH;CH-CHCOOH构简式为CH3CH2OH,则X为与氯化氢发生加成反应生成CICH2CHCOOHCH>CHCOOHCH-CHCOOH,则D为在氢氧化钠溶液中共热反应转化为OHOHOHOHCH2CHCOONaCH2CHCOONaCH2CHCOONaCH-CHCOOH,则E为酸化得到OHOHCHCHCOOHCH,CHCOOH则F为在浓硫酸作用下发生分子间酯化反应生成CH2;CH3CH2OH在浓疏酸作用下共热发生消去反应生成CH2=CH2,则G为CH2=CH2:CH-CHCOOH①由分析可知，A的结构简式为，官能团为碳碳双键、羧基；X的结构简式为答案第9页，共13页
③抗病：易感病=1：1(2分)【解析】(1)由“F1中抗病自交得到的F2中，抗病：易感病=3：1”可知，抗病与易感病由一对等位基因控制，符合基因的分离定律。(2)由杂交实验1的亲子代实验数据可知，抗病为显性性状，易感病为隐性性状。设品系甲的基因型为AA,突变体1的基因型为a1a1。①若品系甲产生配子的过程中，抗病基因(A)突变成易感病基因(a1),且其产生的含易感病基因(1)的配子与突变体1产生的配子结合后发育的子代可以是易感病株；②若突变体1未能与品系甲完成杂交，而是突变体1(a1a1)自交，F1可以出现易感病株；③若品系甲产生配子的过程中抗病基因所在染色体区段缺失，且产生的含该染色体的配子（无抗病基因A)与突变体1产生的正常配子(1)结合后发育的子代可以是易感病株；④若品系甲产生配子的过程中抗病基因所在染色体缺失，且不含该染色体的配子（无抗病基因A)与突变体1产生的正常配子（1)结合后发育而来的子代可以是易感病株。(3)①若突变体1和突变体2是由于同一种基因突变所致，设为a1a1和a2a2,则突变体1与突变体2进行杂交，F1均为突变体a1a2,F1自交得到的F2均为易感病。②若两种突变体是由非同源染色体上的非等位基因突变所致，设突变体1的基因型为aaBB,突变体2的基因型为AAbb,则突变体1与突变体2进行杂交，F1的基因型为AaBb,表型为抗病，F1自交，后代基因型及比例为A_B_:(A_bb+aaB_+aabb)=9:7,即F2抗病：易感病=9：7。③若两突变基因是同源染色体上的非等位基因突变所致，设突变体1的基因型为aBB(也可以表示为AAbb),突变体2的基因型为AAbb(也可以表示为aaBB),则突变体1与突变体2进行杂交，F1的基因型为AaBb,表型为抗病。由于两对基因在一对同源染色体上，且不考虑交叉互换，因此F1产生的配子为Ab和aB,则F1自交产生的F2为2AaBb:AAbb:aaBB=2:1:1,即F2抗病：易感病=1：1。生物学答案第5页（共5页）
全国100所名校最新高考横拟示范卷公C.在氢碳比为2.0时，Q点对应的w(正)
学校招生全国统一考试题型专项训练（二）合谷KCO,溶液，滴加过程中pAgd、0nO.1ml·L AgNO.溶液中分别滴加4(016Mg24加NaC1溶液或K,CrO,溶液体积的关系如图所示，已知a点c在曲线对应滴加NaCl溶液。下列说法错误的是KCrO,溶液的2倍题答题栏A.滴加10mL溶液时，均达到滴定终点，且NaB.由b点计算得K(Ag:CrO、C.c点为AgC1的不饱和D.若将KCrO,资gc(Ag门与所pA解题过程、答案验制备解题过程NOND野4:短周期主族元素W、X、Y、乙的原子序数依次增大。用He核轰击W的一种同位素可得到X15的一种同位素W士He”X十：H,其中w的质子数与中子数相等；X、W原子的最外层电野20 VmL子数之差于原子的最外层电数，X、W两种原子电子数之和等于Z原子的电子数。下列说法正确的具答案A,元於非金属性：W>XC.简单氢化物的稳定性：W>X处2B.原子半径：Y
为治疗药物。“连翘酯苷A”是“连花清瘟胶囊”的有效成分之一，其结构如图所示。下列有关D.S2 (1)+2C12 (g)2SCl2 (g)AH=(x+y)kJ-mol该有机物的说法错误的是()11.我国科学家研发了被称为“液态阳光”的项目。该项目通过硅太阳能发出的电电解水制HO备氢气，再利用氢气并选用高选择性催化剂将二氧化碳还原为甲醇。下列说法正确的是HO()OHA,上述物质所含元素中，电负性和第一电离能最大的均是碳:OHB.金刚石和单晶硅通过共价键形成晶体，晶体类型均为共价晶体OHHOC.二氧化碳和二氧化硅中均含有极性共价键，并且成键方式相同A.有机物能使酸性高锰酸钾溶液褪色D.甲醇的沸点低于水，其原因是甲醇分子间不存在氢键B.1mol分子最多能与9 molNa发生反应12.某温度下，在恒容密闭容器中发生反应：N2(g汁3H2(g)≠2NH(g)△H=-92.4kJ·moI,C.有机物的官能团有苯环、羟基、醚键和酯基下列有关说法正确的是()米:D.在酸性条件下可发生水解反应，其最简单产物的化学式为CHsO4A.加入合适的催化剂，能提高单位时间内NH的产量9.下列实验不能达到目的的是()B.升高反应温度有利于提高N2(g)的衡转化率选项目的实验C.衡后再通入适量N2(g),衡常数K增大D.增大体系的压强，衡不发生移动A.加快氧气的生成速率在过氧化氢溶液中加入少量MmO,13.乙醛酸是一种重要的化工中间体，可采用如下图所示的电化学装置合成。图中的双极:B膜中间层中的H,O解离为H+和OH,并在直流电场作用下分别向两极迁移。下列说法正制取较高浓度的次氯酸溶液将C12通入碳酸钠溶液中确的是()C.除去乙酸乙酯中的少量乙酸加入饱和碳酸钠溶液洗涤、分液电源0制备少量二氧化硫气体向饱和亚硫酸钠溶液中滴加浓硫酸:10.S2C12和SC12均为重要的化工原料，都满足8电子稳定结构。C-IT Br2A(乙醛酸)(乙二醛)石墨电已知：①S2(1)+C12(g)≥S2C12(g)△H,=x kJ-mol00HO-C-C-11(乙醛酸)》②S2C12(g)+C12(g)=2SC12(g)△H2 y kJ-mol(乙二酸)③断裂lmol相关化学键所吸收的能量如下表所示：饱和乙二酸溶液双极膜乙二醛+KBr溶液X化学键S-SS-CICI-CIA.KBr在上述电化学合成过程中只起电解质的作用B.阳极上的反应式为：0000能量6HO-C-C-OH +2H*+2e--HO-C-C-H +H2O下列说法错误的是C.制得2mol乙醛酸，理论上外电路中迁移了1mol电子()A.SCl2的结构式为Cl-S-CID.双极膜中间层中的H在外电场作用下向铅电极方向迁移14.室温时，下列有关电解质的说法正确的是()卡带米带卡卡带卡B.S,C12的电子式：：C1:S:S:C1:A.pH相等的HNO3和HCN两种酸溶液中，c(NO;)>c(CN)C.y=2b-a-cB.NaHB溶液呈酸性，可推知B在水中不能完全电离高三化学试题第2页共4页
16.(15分)I.在标准状况下，用以下气体做喷泉实验，请根据情况，填写烧瓶中溶液的物质的量浓度（假设烧瓶中溶质不能扩散出来)。(1)用HC1气体做喷泉实验，喷泉结束后，水充满烧瓶，则溶液的物质的量浓度为(答案保留3位小数，下同)。(2)用H3做喷泉实验时，喷泉结束后，水充满烧瓶，测溶液的物质的量浓度为(3)用NO,做喷泉实验时，喷泉结束后，水充至烧瓶的处，则溶液的物质的量浓度为(4)用NO2和O2按体积比4：1混合，喷泉结束后，水充满烧瓶，测溶液的物质的量浓度为●Ⅱ.(NH4)2SO4是一种常见的化肥，某工厂用石膏、NH3、H2O、
11.甲烷的分子结构具有高对称性且断开1mo1C一H键需要吸收440kJ能量。无催化剂作用下甲烷在温度达到1200℃以上才可裂解。在催化剂及一定条件下，CH4可在较低温度下发生裂解反应生成C和H2,甲烷在镍基催化剂上的转化过程中能量变化如图所示。下列说法错误的是相过渡态I过渡态Ⅲ能过渡态ⅢA.甲烷催化裂解成C和H2需要吸收1760kJ能量
第I卷（选择题共43分)一、选择题：本题共9小题，每小题3分，共27分。每小题只有一个选项符合题意。1.科学家最近又发现了一种新能源一“可燃冰”。它的主要成分是甲烷分子的结晶水合物(CH4·H2O)。埋于海底地层深处的大量有机质在缺氧环境中，被厌氧型细菌分解，最后形成石油和天然气，其中许多天然气被包进水分子中，在海底的低温与高压下形成了类似冰的透明晶体，这就是“可燃冰”。这种“可燃冰的晶体类型是A.离子晶体B.分子晶体C.共价晶体D.金属晶体
12.C解析：苯不能使酸性KMnO4溶液褪色，A项错误；环己醇的分子式为C6H2O,B项错误；1mol己二酸与足量的饱和NaHCO3溶液反应，可生成2 mol CO2,D项错误。13.(1)C3HO3(2分)；羟基、羧基(2分)；CH2OHCH2COOH(2分)(2)①NaCO3溶液（或NaOH溶液，或NaHCO3溶液）(2分)；Na(2分)②2 CH CHOHCOOH+Na2CO3→2CH3 CHOHCOONa+CO2个+H2O(或其他合理答案)(2分)③CH3 CHCOOH+2Na→CH:CHCOONa+H2个(2分)OHONa0c(3)HsC-CHCH一CH3(2分)C-00(4)ECH2—CH](2分)COOH14.(D)CH COOH+CHCHOH-CH.COOCH-CH,+HO(△(2)催化剂和吸水剂(2分)(3)分液(2分)(4)ABD(3分)(5)乙醇(2分)；A(2分)(6)①防止倒吸(1分)②75.0%(3分)15.(1)丙烷(1分)；CHCH2CH2C1(2分)(2)取代反应(2分)；加成反应(2分)(3)酯基、羟基(2分)(4)1:2(2分)OHO-(52CH.-CH-CH+0.C+H(6CH-CCOOH+HOCHCHOHCH-CCOOCH.CHOH+H2O△CHaCH海·28·【23新教材·ZC·化学·参考答案一SDKJB一必修第二册一QGB】
漳州市2023届高三毕业班第三次质量检测化学答案详解2345810ABAACDDB1.C【命题意图】本题以造纸为背景，考查纸的主要化60g学成分、造纸工序中的化学反应等知识，意在考查学生的量：m(CH,0)一30gmoT=2mol,即60g混合的理解与辨析能力。物中含2olC原子，正确；D.根据DHA的结构简式可【解题思路】A.纸的主要化学成分是纤维素，属于多知，1个DHA分子中含有2个O一H键、2个C一O键、糖，正确；B.纤维素是多羟基葡萄糖聚合物，能够形4个C一H键、2个C一C键，有10个。键，1个0一0键成分子内和分子间氢键，纤维素大分子间通过范德华中还有1个o键，故1 mol DHA分子中含有s键数目力相结合，正确，C.碳是色的，纸张然烧后产生的为11Na,错误。灰白色部分主要成分是矿物性白色填料，错误；D.根4.B【命题意图】本题考查物质的分离、提纯、中和热的据“加入石灰蒸煮以除去竹料中的木质素”，可以推测测定、验证还原性的强弱等实验基本操作，意在考查学木质素分子中可能含有酸性官能团，正确。生分析、判断能力。2.A【命题意图】本题以解热镇痛药布洛芬及其合成的【解题思路】A.乙烷不和溴水反应，乙烯与溴水发生加有机原料为载体，考查同分异构体、碳原子的杂化、官成反应生成1,2-二溴乙烷，正确；B.测定中和反应的能团的性质及计算、有机反应类型的判断等，意在考查反应热时，温度计测定的是混合溶液的温度，温度计应学生整合、分析化学信息的能力。放在环形玻璃搅拌棒的环内，错误；C.浓盐酸和C2 HKMnO4反应生成CL2,将Cl2通人Na2S溶液中，若有淡黄色沉淀(S单质)生成即可证明还原性S2->C1,【解题思路】A.对二乙苯的结构简式为,与正确；D.NH,CI固体受热易分解产生NH和HCl气C2Hs体，NaCl受热不分解，NH,和HCl气体遇冷又会重新异丁基苯化学式相同，结构不同，互为同分异构体，化合生成NH,Cl固体，正确。正确；B.异丁基苯和布洛芬中，苯环上的碳原子均为5.【命题意图本题考查离子方程式的书写，具体考sp2杂化，连在苯环上的烃基碳均为sp°杂化，布洛芬查元素及其化合物的性质、离子反应的本质、氧化还原羧基上的碳原子是sD2杂化，两个分子中均没有sp杂反应等，意在考查学生分析与推测能力、归纳与论证化，错误；C.1mol布洛芬与足量的Na2CO,溶液反应能力。生成NaHCO3,无CO2生成，错误；D.异丁基苯和布洛【解题思路】A.用铁作电极，电解饱和食盐水，阳极Fe失芬中的苯环均可发生加成反应和取代反应，二者都不电子，生成Fe+,阴极H2O电离出H和OH,其能发生消去反应，错误。中H+得电子生成H2,Fe2+和OH生成Fe(OH)2沉3.C【命题意图】本题以CO2为原料人工合成淀粉为背淀，正确；B.NaOH溶液过量，还会发生NH与OH生景，考查阿伏加德罗常数的应用，其体考查中子数的计成NH·H2O的反应，错误；C,苯酚与饱和溴水反应生算、原子数目、有机物中共面原子数目及σ键数目成2,4,6-三溴苯酚沉淀和HBr,其中HBr为强酸，写离等，意在考查学生的分析计算能力。子方程式时要拆开，写成H和Br,错误；D.得失电子【解题思路】A.标准状况下，22.4L1“CO2的物质的量不守恒，关系式为2MnO4~5H2O2,所以离子方程式为为1mol,一个14C02分子中含有的中子数为24，2MinO4+5H2O2+6H+2Mn2++502↑+8H20,1mol1C02分子中含有的中子数为24NA,错误；错误。B.CH4为四面体形，最多3个原子共面，CHOH看:6.A【命题意图】本题以诺贝尔获奖者研究成果为载作CH中1个H被+OH取代，1个CHOH分子中体，考查陌生反应机理分析，具体考查催化剂、原子利最多有1个C、1个H、1个一0旺共面，即4个原子共用率、反应过程分析、化学方程式的书写等，考查学生面，故1molC任OH中共面的原子数目最多为获取信息能力、灵活运用知识分析解决问题的能力。4NA,错误；C.由流程中DHA结构简式可知其分子式【解题思路】A.根据反应原理图可知，该反应中[Cu]为为C3HO3,DHA与HCHO的最简式均为CH2O,催化剂，反应前后催化剂的质量不变，故反应①消耗的60 g HCHO、DHA混合物中含有“CH2O”单元的物质[Cu]等于反应⑤生成的[Cu],错误；B.分析①→⑤，可一化学·答1
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进入康德教育·备考生小程序，查看更多学资料18.(10分)某生物兴趣学小组在“制作DNA双螺旋结构模型”活动前，准备了如表所示材料及相关连接物若干，最后成功地搭建出了一个完整的DNA分子模型。回36答下列问题：(1)表中第1个材料代表的物质是600个520个110个130个120个110个第4个材料代表的物质是150个●(2)表中多余的材料是第个，原因是(3)表中材料可以组建个脱氧核苷酸，制作的DNA双螺旋结构模型中最多含有」个脱氧核苷酸，该模型中最多需要代表碱基对之间的氢键的连接物个。个A=C(4)题18图是小组中某个同学制作的DNA面模型，图中的错误是：题18图19.(11分)题19图1为某基因行使功能的过程，图中序号代表物质或结构，字母代表生理过程。据图回答：(④AAGACGA AGARNA-。→蛋白质AUGGCUUCUUUC②①②题19图1题19图2(1)图中b、c过程分别是、和参与b过程的酶是(2)图中②⑤分别是和⑤的功能是(3)密码子位于图中(填序号)上，图中⑤所运载的氨基酸是(密码子：AUG-甲硫氨酸、GCU-丙氨酸、AAG-赖氨酸、UUC-苯丙氨酸)(4)中心法则揭示了生物遗传信息由DNA向蛋白质传递与表达的过程。HV病毒的遗传信息传递与表达的途径是（用类似题19图2的形式表述）：20.(10分)果蝇的翅型、体色和眼色这3对性状分别由3对独立遗传的基因A/a、B/b、D/d控制，且控制眼色的基因位于X染色体上。让一群基因型相同的果蝇（果蝇M)与另一群基因型相同的果蝇（果蝇N)作为亲本进行交配，分别统计子代果蝇不同性状的个体数量，结果如题20图所示。已知果蝇N表现为灰体、红眼（皆为显性性状）。回答下列问题：800700(1)根据实验结果可以判定长翅为性性状，600500依据是果蝇数目/400(2)从分子水看，基因A和a的区别是300200M和N的杂交子代中长翅灰体红眼果蝇的比例1000残翅长翅白眼红眼黑檀体灰体约为题20图(3)M的基因型为，对应的N基因型为高一（下）期末联合检测试卷（生物学）第4页共7页
③若化合物M与R互为同系物，且M的相对分子质量比R大28，化合物M在核磁共回名振氢谱中只有二组峰，则M的化学名称为,与M互为同分异构体的有机物有(1)种（不包括M杰寻伊不考虑立体异构），写出其结构简式。(写一(2种即可)。3也加德罗1(13分)以废旧锂离于电迪（器成分是1品O,还含有少Cu,Fe,A券）为原料回收高附加值产品草酸结晶体(CoC,O,2H,O)和碳酸锂LCO)的一种流程如图NaOH溶液双氧水稀硫酸(NH)CO4溶液拆解一→碱浸→浸渣一酸溶]一调pH沉钻+Cc02Ho人废旧便离子电池液V滤渣Li.CO浸液→AI(OH)已知：常温下，几种常见金属氢氧化物沉淀时的pH如表所示：（当溶液中金属离子的浓度小一回收G1于或等于1X105mol·L+时，该金属离子视作完全沉淀Fe(OH)Fe(OH)2Co(OH)2金属氢氧化物68☑7.0开始沉淀时的pH2.7置如378.39.2完全沉淀时的pH18成的公请回答下列问题：8fH心-0ovclEcla(1)“减浸”中产生一种可燃气体X,的结构式为(2)“酸溶”中双氧水将+3价钴转化成十2介钴的反应的化学方程式为;加人数氧水时为避免温度过高，且提高双氧永的利用率，可采取的措施有4(写种)。(3)调pH”的目的是除去Fe+,则调节pH的范围为~;根据已知数据得K,[Co(OHD,]=暖2.-lc2iv0,(FP(LiFePO,)是一种锂离子电池电极材料，碳酸锂与草酸赞酸铁(FePO,)在一定条件下制得LP的同时会放出CO,和H,O,写出利用该方法制备菱方程式：n0v于@L一dl9fU,⑩(5)“沉钻”时发生反应的离子方程式为0C0(6)现按上述流程从1t废旧锂离子电酒(C6的含量为14.75%)中回收CoC0·20,设C0的损失率为20%，则理论上能回收tCoC204·2H2O。D17.(15分)一定条件下，在某一恒容密闭容器中，发生反应H(g+Br2(g)2HBg)△H<0,该反应的速率方程为v=k·c(H)·c(Br)·C(HBr),其中b是只与温度有关的速率常数。某温度下，该反应在不同浓度下的反应速率如下：足编号c(H2)/(mol·L-1)c(Br2)/(mol·L-1)c(HBr)/(mol·L1)⊙反®述于I0.10.120Ⅱ0.10.428vⅢ0.20.4216vW0.40.142vV0.20.1AvAHONOR 9X【高二化学第5页（共6页）】·23-339B·DUAL CAMERA众
需要的能量依次为436kJ、498kJ和463kJ,则理论上每3.6gH2O(g)完全分解，需(填“放出”或“吸收”)kJ能量。下列能正确表示该过程的能量变化示意图是(填字母)。能量/kJ·mol-)能量/kJ·mol-)能量/kJ.mol1)能量/J·mol)2H,0(g4H+204H+202H2(g)+02(g2H2(g+02(g2H20(g)2H2(g)+02(g2H20(g)4H+204H+202H20(g)2H2(g)+02(g反应过程反应过程反应过程反应过程ABCD
学生用人节名师导学·选择性考试第一轮总复·生物(1)现有紫花植株（基因型为AaBb)与红花;若非糯是显性，则实验结果杂合体植株杂交，子代植株表型及其比例为;子代中红花植株的基因型是;子代三、考查社会责任白花植株中纯合体占的比例为4.(2021·湖南卷)油菜是我国重要的油料作(2)已知白花纯合体的基因型有2种。现有物，油菜株高适当地降低对抗倒伏及机械化1株白花纯合体植株甲，若要通过杂交实收割均有重要意义。某研究小组利用纯种验（要求选用1种纯合体亲本与植株甲高秆甘蓝型油菜Z,通过诱变培育出一个纯只进行1次杂交)来确定其基因型，请写种半矮秆突变体S。为了阐明半矮秆突变体出选用的亲本基因型、预期实验结果和S是由几对基因控制、显隐性等遗传机制，研结论。究人员进行了相关试验，如下图所示。①P♀S×dZ②P♀Z×aS③PZ×SFF,×S二、考查科学探究⑧F,高秆，半矮秆F,高秆半矮秆·F:高秆半矮秆3.(2022·全国甲卷)玉米是我国重要的粮食515345964021169作物。玉米通常是雌雄同株异花植物（顶端回答下列问题：长雄花序，叶腋长雌花序)，但也有的是雌雄(1)根据F2表型及数据分析，油菜半矮秆突异株植物。玉米的性别受两对独立遗传的变体S的遗传机制是等位基因控制，雌花花序由显性基因B控制，雄花花序由显性基因T控制，基因型,杂交组合①的F1产生各种类bbtt个体为雌株。现有甲（雌雄同株）、乙型的配子比例相等，自交时雌雄配子有(雌株)、丙（雌株）、丁（雄株）4种纯合体玉米种结合方式，且每种结合方式机植株。回答下列问题率相等。F1产生各种类型配子比例相等(1)若以甲为母本、丁为父本进行杂交育种，的细胞遗传学基础是需进行人工传粉，具体做法是(2)将杂交组合①的F2所有高秆植株自交，(2)乙和丁杂交，F1全部表现为雌雄同株；F分别统计单株自交后代的表型及比例，自交，F2中雌株所占比例为,F2分为三种类型，全为高秆的记为F3-I,中雄株的基因型是;在高秆与半矮秆比例和杂交组合①、②的F2的雌株中，与丙基因型相同的植株所F2基本一致的记为F3-Ⅱ，高秆与半矮占比例是秆比例和杂交组合③的F2基本一致的(3)已知玉米籽粒的糯和非糯是由1对等位记为F3-Ⅲ。产生F3-I、F3-Ⅱ、F3-Ⅲ基因控制的相对性状。为了确定这对相的高秆植株数量比为。产生对性状的显隐性，某研究人员将糯玉米F3-Ⅲ的高秆植株基因型为纯合体与非糯玉米纯合体（两种玉米均(用A、a;B、b;C、c…表示基因)。用产为雌雄同株)间行种植进行实验，果穗成生F3-Ⅲ的高秆植株进行相互杂交试熟后依据果穗上籽粒的性状，可判断糯验，能否验证自由组合定律？0与非糯的显隐性。若糯是显性，则实验温馨提示：请完成考点集训（十五）p477结果是156
解析：根据番木鳖酸的结构简式可知，该分子中含有羟基、羧基、碳碳双键和醚键，D项正确。答案：D
【解析】(1)制备BC1,需要BF,报据题目所给信息可如B,沸点很低、常温下为气体·所以装置A中反应生成BF,气体，根据元素守恒生成的酸式盐应是KHSO,化学方程式为6KBF.+B O,+6H,SO.A-8BF,+6KHSO.+3H.O.(2)BC1,易水解，先加热A处，可以利用A处产生的BF,气体排除装置内空气，防止水蒸气干扰实验。(3)通过观察装置B中产生的气泡，控制气体流速。(4)AC1易升华，所以用装置a冷凝回流，防止产品中混有AC。(5)装置D的作用应是冷凝收集BC1,所以用冰水浴，装置E中盛放城石灰吸收水蒸气，若缺少装置E,水蒸气进入D中，使B1水解，产率降低。C6)2.50g无水盒化铝为名5Qmo,则理论上制取33，moBC,BC,和水反应的化2.50学方程式为BC1,十3H:(O=H:BO,+3HC1,所以得到的溶液中HB(),和HC1的物质的量之比为1：3,10mL待测液共消托0.50mol/L×0.012L一0.006mol、所以10mL待测液中含有0.0015mo1H,BO,100mI.待测液中含有0.015molH,BO,根据B元素守恒可知BC,的物质的量为0.015m0l.所以产率为0,015m0l×100%=80.1%.2.50133.5mo1(十七)1.C“静电除尘”、“燃煤固硫”、“汽车尾气催化净化”都可以减少空气中的污染物，提高空气质量，故A正确；雾是一种气溶胶，能产生丁达尔现象，故B正确：钢铁是铁碳合金，在日常生活中，造成钢铁腐蚀的主要原因是电化学腐蚀，故C错误；生产普通玻璃的原料是石灰石、石英、纯碱，纯碱溶液显碱性，日常生活中用热的纯碱溶液来除去物品表面的油污，故D正确。2.D标准状况下，氟化氢不是气体，不能使用标况下的气体摩尔体积计算，A错误；NaH,PO,只能完全电离为钠离子和H,PO,,H,PO,不能完全电离，pH=4的溶液中的氢离子浓度为10mol·I.1,钠离子浓度大于10-4mol·1.1,则Na*的数目多于10一4NA,B错误；惰性电极电解硝酸银溶液，阳极生成氧气，阴极先生成银，后生成氢气，阳极反应为4OH-一4e=2H2O+O2个，两极均产生0.5mol气体时，根据阳极反应可知，电路中通过的电子数为2NA,C错误；Cr()。中Cr元素的化合价为十6，根据化合物中元素化合价代数和为0可知，CrO,中1个O显一2价，4个O显一1价，则CrO,中13.2g含有两个过氧键，13.2gCr0,的物质的量为132g:molT=0.1mol,即0.1mo1Cr0,存在过氧键的数目为0.2NA,D正确。3.B根据价类二维图可知：b、c、d分别C12、C1O2、HC1O,a、e可以为HCl、C1O,。根据氧化还原反应归中规律，HC1与HC1(),NC1与C1()ˉ在酸性情况下发生归中反应，均可以得到C12,故A正确；C1O2为一种新型自来水消毒剂，代替C12的原因是它的杀菌、消毒的能力更强，与危险化学品无关，故B错误；C12的水溶液里存在衡：C+H2O一HC1+HClO,加入CaCO,,与HC1反应，使衡向右移动，HC1O的含量增多，故C正确；C1(),若为KC1(),它的固体可用于实验室制()，故D正确；故选B。4.B硝酸有腐蚀性，属于腐蚀品，故A正确；氢氧化钾和二氧化硅反应生成粘性的硅酸钾，硅酸钾能将玻璃瓶塞和试剂瓶粘结在一起而打不开，所以氢氧化钾溶液不能用带磨口玻璃塞的玻璃瓶存放，故B错误；硫、红磷、碘单质都属于单质，所以C正确；硝酸银、碳酸钠、硝酸钾都属于盐，所以D正确。5.C由图知反应物总能量比生成物总能量高，反应为放热反应，A项错误；反应分成两步进行，第一步反应活化能较大，是反应的决速步骤，但第一步没有NOH溶液参与，增大NaOH溶液浓度，总反应速率不会增大，B项错误；由图分析，反应过程中有C一Br键的断裂和C一O键的形成，C项正确；产率是目标产物实际产量与理论产量的比值，而答案·第13页（共24页）
AADD x aaddAD人AD人AaD人Aap人的水内为位人交认的个体进行连续自交，最后得到所需品种，所需品种属于(填“纯合子”分“》·交奇不中过星用可的遗专学西理是体拿种：於交后·取下，的花药，进行花药离体暗养，共士口种类型单倍体幼心指用低温或不处理单倍体动苗·选出所后品种。念烟为来家族两种单基因遗传病的系谱图，与甲病有关的基因用△色表示，与乙病争微示，已知其中一种遗传病的致病基因位手X染色体上一回答下列问题：隐口○正常男性、女性①患甲病女性琦1011213●患乙病女性14①分所，甲%的透传方武是■患甲、乙两病男性学,乙病的遗传方式是生X生，某人建议Ⅱ5与Ⅱ-6生男孩，该建议(填“正确”或“不正确”)。烯（:题桥，0的甲病致病基因有一个来自I代的0（2与基因型同于亚-14的男性婚配，则后代患一遗传病的概率为2H.Aa以XAa以XA4明Aa人p以：Aaad人XA烟够Y霄Ak haABAA aY
AADD x aaddAD人AD人AaD人Aap人的水内为位人交认的个体进行连续自交，最后得到所需品种，所需品种属于(填“纯合子”分“》·交奇不中过星用可的遗专学西理是体拿种：於交后·取下，的花药，进行花药离体暗养，共士口种类型单倍体幼心指用低温或不处理单倍体动苗·选出所后品种。念烟为来家族两种单基因遗传病的系谱图，与甲病有关的基因用△色表示，与乙病争微示，已知其中一种遗传病的致病基因位手X染色体上一回答下列问题：隐口○正常男性、女性①患甲病女性琦1011213●患乙病女性14①分所，甲%的透传方武是■患甲、乙两病男性学,乙病的遗传方式是生X生，某人建议Ⅱ5与Ⅱ-6生男孩，该建议(填“正确”或“不正确”)。烯（:题桥，0的甲病致病基因有一个来自I代的0（2与基因型同于亚-14的男性婚配，则后代患一遗传病的概率为2H.Aa以XAa以XA4明Aa人p以：Aaad人XA烟够Y霄Ak haABAA aY
解析：煤干馏得到焦炉气、粗氨水、粗苯、煤焦油、焦炭等，分馏可得到苯、甲苯、二甲苯等芳香烃，A项正确；煤干馏产物中有氨气，所以b装置水层中溶有氨气，显碱性，滴入紫色石蕊溶液，溶液变蓝，B项错误；焦炉气中含有乙烯等，也可以使酸性高锰酸钾溶液褪色，不一定是疏化氢，C项错误；焦炉气中含氢气、一氧化碳等还原性气体，可以将氧化铜还原成铜单质，装置中产生的现象是固体由黑色变为红色，D项正确。答案：BC
通过呼吸作用为种子萌发提供能量，据图可知，蛋白质2抑制种子萌发，蛋白质2可以促进蛋白质1的合成，因此蛋白质2不是α-淀粉酶，光敏色素为光的受体，据图分析，光会抑制蛋白质3的合成，因此蛋白质3不是光敏色素，D项错误。16.【答案】A【解析】由题干信息可知，A区域为挺水植物芦苇，B、C区域为沉水植物伊乐藻、苦草，因此伊乐藻、苦草和芦苇的分布体现了群落的水结构，A项错误；该公园的建立，既可体现生物多样性的直接价值（休闲娱乐），又可体现生物多样性的间接价值（生态价值），B项正确；种植多种净化污染能力较强的当地植物，有利于对污染水体的净化，体现了生态工程的自生原理，C项正确；公园内成熟的芦苇不收割，一些重金属元素会聚集在湿地公园，不利于芦苇的生长，因此对成熟的芦苇收割并运出公园，有利于提高公园除污能力，D项正确。17.【答案】(1)林冠层遮蔽地面（阳光）的程度(2分)叶绿素主要吸收红光和蓝紫光，类胡萝卜素主要吸收蓝紫光(2分)(2)林隙(1分)林隙生境中，该药材植物的净光合速率大，有机物的积累最快(2分)(3)林缘组的气孔导度低，植物从外界吸收的C0,少（仅答“气孔导度降低”“午休现象”或“气孔减小”给1分，2分）(4)在15%~75%的郁闭度范围内，缩小梯度，增加若干组实验，测定并比较各组的净光合速率，净光合速察最大的一组对应的郁闭度基本就是最适合种植该药材植物生长的郁闭度（郁闭度范围正确1分，缩小梯度，增加若干组实验1分，共3分)【解析】(1)郁闭度指的是林冠层遮蔽地面的程度。叶绿素主要吸收红光和蓝紫光，类胡萝卜素主要吸收蓝紫光。(2)从图中信息可知，林隙生境中，该药材植物的净光合速举大，有机物的积累最快，即林隙生境下最适合种植该药材植物。(3)从图中信息可知，林缘组的光合色素含量较大，但其光合速率反而低于林隙组，主要原因很可能是林缘组的气孔导度低，植物从外界吸收的C02少。18.【答案】(1)4(1分)(2)若“某条染色体”是X染色体时，F,雌性个体中红色荧光翅与无色翅的比例为1：1；若“某条染色体”是Y染色体时，F,雄性个体中红色荧光翅与无色翅的比例也为1：1，均与题干信息不符（答案合理即可，2分）(3)当A基因和红色荧光蛋白基因同时存在时，红色荧光蛋白基因才能表达（答案合理即可，2分）红色荧光翅：无色翅=9：7(2分)红色荧光翅：无色翅=1：1(2分)(4)X染色体上(2分)白色、红色(2分)【解析】(1)根据题干信息可知，该昆虫的一个染色体组是由3条常染色体+1条X染色体或1条Y染色体构成的。(2-3)根据“昆虫甲与昆虫乙交配，所得F,雌雄个体中红色荧光翅与无色翅的比例均为1：3”以及昆虫甲与昆虫乙的基因组成及其表型可知，当A基因和红色荧光蛋白基因同时存在时，红色荧光蛋白基因才能表达，并且昆虫乙的“某条染色体”既不是X染色体，也不是Y染色体，因为当“某条染色体”是X染色体时，F,雌性个体中红色荧光翅与无色翅的比例为1：1；当“某条染色体”是Y染色体时，F,雄性个体中红色荧光翅与无色翅的比例也为1：1，与题干信息均不符。假设红色荧光蛋白基因用B基因表示，则，红色荧光翅雌雄个体的基因型为AoBo。若昆虫乙的“某条染色体”不是2号常染色体，则A和B基因的遗传遵循自由组合定律，F,的表型及其比例为红色荧光翅：无色翅=9：7：若昆虫乙的“某条染色体”是2号常染色体，则A和B基因的遗传不遵循自由组合定律，F2的表型及其比例为红色荧光翅：无色翅=1：1。(4)当等位基因G/g位于X染色体上，且纯合雌昆虫丙与纯合雄昆虫丁的眼色分别为白色(XX)、红色(XY)时，两者交配，所得子代中雌性个体的基因型为XX,表现为红眼，雄性个体的基因型为XY,表现为白眼。19.【答案】(1)降低（相应化学）反应的活化能(2分)(2)突触小泡(1分)（钠离子通道开启）钠离子大量内流(2分)突触间隙(1分)(3)控制无关变量（答“控制单一变化”或“排除其他条件的干扰”均可，1分）实验组使用了毒扁豆碱，而对照组使用了生理盐水（未使用毒扁豆碱）(2分)实验组小鼠脑中Ach明显高于对照组(2分)生物学第3页（共4页）
9,苯甲醇微溶于水，苯酚徽溶于冷水，易溶于热水。一种分离苯甲醇、苯酚、甲苯的简易流程如下：。水相结晶一固体MC0,◆水相操作2→有机相N混合物NaOH溶液操作]E(沸点：205.7℃)有机相蒸细→F涕点：110.4℃)下列说法正确的是A操作】为分液，需要使用长颈漏斗B.通入C0,量多少不会影响主要反应产物C.固体M主要是Na2C03·10H20D.F为苯甲醇10.在Cu(I)催化剂和水存在下，C0,被还原为C0的反应机理示意图如下：图1为通过实验观察捕获中间体和产物推演出C0,被还原为C0的反应过程；图2为C0,转化为C0反应过程经历的中间体的能垒变化。H,0Cu→CuH,O旷CO,--[Cu(HOXCO-C0H,0、:H'leHO、H'le-[Cu(co)[CuHC0O)y◆…[CuHC0,O∬r图140TS3/4TS2/30MSOMS3-20c0,Hle H,OMS4 MS50MS1 MS2H'leCOH,0FS7MS6图2反应历程已知：MS代表反应物或中间产物；IS代表过渡态；FS代表终态产物。下列推断正确的是A由图1可知，[Cu(H,0)]◆能提高总反应的衡转化率B.图1中，[Cu(C0)]+中存在配位键和非极性键C.由图2知，总反应和各步反应的△H都小于0D.在图2涉及的反应中，MS2→MS3决定总反应速率二、选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分。每小题有一个或两个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。11.一定温度下，向2L恒容密闭容器中充入2.0molM(g)和2.0mlN(g)发生反应：M(g)+N(g)一P(g)+Q(g),测得P的浓度与时间的关系如表所示。t/min0c(P)/(mol·L1)10203000.4400.70.80.8化学试题第3页（共8页）
高三第一轮复周测卷验证“无细胞的酵母汁可以进行乙醇发酵”，D项正确。？由自，山自电【答案】B10.某实验小组欲利用核桃幼苗研究氮素形态对根系呼吸速率的影响，在其他条件相同且适宜的情况下，通过调整营养液中NH时-N与NO-N的比例，共设置A(100%:0%)、B(75%:25%).C(50%:50%),D(25%:75%)、E(0%:100%)5个氮素形态，连续每月测定并统计一次。进行氮素形态处理前对栽培基质浇灌大量清水，最后测定实验结果如图所示。下列叙述正确的是根0.6r是05面■A处理圆B处理皿C处理速率\0.2口D处理0.1国E处理0回CK处理8月份国A根细胞进行无氧呼吸消耗水的场所是细胞质基质B.只能用单位时间内CO2的释放量表示呼吸速率C随着处理时间的延长，核桃幼苗根系呼吸速率逐渐升高D.单独施用NH时-N的核桃幼苗根系呼吸速率高于单独施用NO-N的【解析】根细胞进行无氧呼吸不消耗水，A项错误，可用单位时问内CO,的释放量或O,的消耗量来表示乎爱速率，B项错误；据图可知，随着处理时问的延长，核桃幼苗根系呼吸速率先上升后下降，C项错误：由图可推别，与单独施用NO-N相比，单独施用NH止-N的核桃幼苗根系呼吸速率更高，D项正确【答案D第Ⅱ卷（非选择题共40分)二、非选择题（本大题共3小题，共40分。）11.(13分)图1为两种细胞代谢过程的示意图。转运到神经元的乳酸过多会导致其损伤。研究发黑现，Rhb蛋白能促进丙酮酸进入线粒体氧化分解供能。请回答下列问题：相↑葡萄糖Rhcb蛋白△TP促胶质细胞乳酸丙酮酸☐02的消耗量MCT(转运载体血液中自由基乳酸正口乳酸含量乳酸常值神经元m出运动强度图1图2(1)据图1可知，在线粒体内氧化分解的物质有图中的自由基会攻击DNA分子，可能引起,攻击使其活性下降引起细胞衰老，(2)乳酸(填“能”或“不能”)作为神经元的能源物质，原因是抑制MCT可降低神经元损伤，依据是(3)某兴趣小组发现，人体运动强度与O2的消耗量和血液中乳酸含量也有密切关系（如图2）。①人体无氧呼吸时葡萄糖中的能量去向有」②在三种不同的运动强度下，请判断肌肉细胞中C0,的产生量与0，的消耗量的关系，并说明理由：【答案】(1)丙酮酸和乳酸(1分)基因突变(1分)蛋白质(1分)(2)能1分)乳酸能进入神经元的线粒体分解，产生ATP(2分）抑制MCT(乳酸转运载体)可减少乳酸进入神【24G3ZCJ生物-R-必考-SX】29
物激素有生长素和细胞分裂素，且通过调整二者的比例达到不同的目的，在该阶段需要光照，因为叶绿素的形成需要光照。(5)利用植物体细胞杂交的方法培育作物新品种过程中，遗传物质的传递不遵循孟德尔的遗传规律，因为该过程中没有经过有性生殖形成配子的过程。
时，胰岛B细胞加快分泌胰岛素。胰岛素会作用于肝脏细胞和肌肉细胞，促进糖原的形成，还会抑制肝糖原的分解和非糖物质转化为葡萄糖，以降低血糖浓度。(2)2型糖尿病患者组织细胞对胰岛素的敏感性降低，称为胰岛素抵抗。2型糖尿病人并不缺乏胰岛素，只是胰岛素无法正常发挥作用，故不能通过注射胰岛素降低血糖浓度。(3)①据分析可知，a组为对照组，处理应是在0h不饲喂PDEA抑制剂、在1h注射缓冲溶液0.1mL。②据分析可知，a组和b组可形成对照，自变量是有无FGF1,由实验结果可知，1h后b组血糖浓度低于a组，故由a组和b组之间进行比较可知，FGF1具有降血糖的功能。③据分析可知，c组与d组形成对照，自变量是有无FGF1。由实验结果可知，在饲喂PDEA抑制剂的条件下，注射FGF1后d组血糖浓度与C组无明显差异，故由C组和d组之间进行比较可知，FGF1降血糖依赖于PDEA。
江准名卷·2023年安徽中考一轮复卷（三）至疮收育ZHIXIN EDUCATION化学(测试范围：化学方程式)题号二总分得分注意事项：1.化学试卷17小题，满分40分，化学与物理的考试时间共120分钟。2试卷共4页，请务必在试卷上答题。3,考试结束后，请将试卷交回。最可能用到的相对原子质量：H一1C-12N-14O-16Fe一56Cu-64Zn一65一、选择题（本大题色括12小题，每小题1分，共12分。每小题的4个选项中只有1个符合题意）和1.下列关于化学方程式2H,0通电2H,个十O,个的含义的叙述中，正确的是(A.可表示水是由氢气和氧气组成的B.2个水分解生成2个氢气和1个氧气C通电时，水分解生成氢气和氧气D.通电时，每9份质量的水分解生成1份质量的氧气和8份质量的氢气2质量守恒定徘是自然界基本的规律之一。下列装置及实验（天未画出）能用来验证质量守恒定律的是()铁丝镁条CuS0溶液H,O,MnO,-溶液稀盐酸H,O.溶液ABC3.某纯净物X稍加热就分解为NH:、H2O和CO2,根据这一事实不能得出的结论是A.X是由四种元素组成的B.X是化合物C.X有臭味DX不稳定4.下列现象不能用质量守恒定律解释的是A.石蜡熔化前后，其质量不变B.铁钉和硫酸铜溶液反应，反应前后物质的总质量不变C.木材在空气中燃烧后化为灰烬，灰烬的质量比木材的质量小D,铜丝在空气中加热，生成物的质量比原来铜丝的质量大5.以二氧化碳和氨气合成尿素是固定和利用二氧化碳的成功范例，反应的化学方程式是CO2十2NH,加热、加压CO(NH2)2十X,下列说法正确的是A.参加反应的CO2和NH3的质量比为1：2B物质X的化学式为H2C.NH3中氮元素的化合价是-3D.尿素属于氧化物6探究反应前后质量变化的实验如图所示，玻璃管在酒精灯上烧热后，塞紧橡皮玻璃管塞，同时玻璃管触碰瓶底的白磷后发生燃烧反应。下列说法正确的是(白磷、A白磷必须过量，否则会影响实验结果B.实验中反应的化学方程式为4P+5O2一2P,O5C,燃烧后玻璃管顶端的小气球始终胀大D.燃烧时有大量白烟生成2023年安徽中考一轮复卷（三）·化学第1页共4页
化学HCIO,→HCO,酸性依次增强，C正确；D.Br半径较C正确；D.乙酸和正丁醇易挥发，球形冷凝管可冷凝回C1大，所以P周围可以容纳6个C1形成[PCL],而流提高产率，酯化反应为可逆反应，分水器分出生成的无法容纳6个Br形成[PBr],D正确。]水可使衡正向移动，提高反应转化率，D正确。]6.C[考查宏观辨识与微观探析核心素养。本题考查物10,D[考查证据推理与模型认知核心素养。A.反应（ⅲ）质性质与用途，通过以下内容突破：(1)硅橡胶是以Si中Cu,Ce中的空位结合了氧，氧非金属性较强显负价，O单元为主链，以有机基团为侧基的线性聚合物；(2)工则金属元素Cu、Ce化合价均升高，A错误；B.铜-铈氧业炼铁利用的是焦炭的还原性；(3)石英晶体熔点高，可化物作为催化剂改变反应速率，不能改变反应热，B错用作生产坩埚；(4)电解熔融的氧化铝得铝。A.晶体硅误；C.由图可知，在反应（ⅱ）中氧分子和催化剂铜-铈氧具有半导体特性，是应用最为广泛的半导体材料。而耐化物中的空位结合，反应后1个氧原子进入空位，故一温差的硅橡胶是以S一O单元为主链，以有机基团为侧段时间后，18O可能出现在铜-铈氧化物中，C错误；D.基的线性聚合物，是典型的半无机半有机聚合物，既具一氧化碳具有还原性，会把氧化铜还原为铜单质，反应有无机高分子的耐热性，又具有有机高分子的柔顺性。一段时间后催化剂活性下降，可能是CuO被还原成Cu两者并无对应关系，A不符合题意；B.工业炼铁利用的所致，D正确。]是焦炭的还原性，与焦炭的熔点无关，B不符合题意；C11.CD[考查宏观辨识与微观探析核心素养。本题考查石英晶体熔点高，广泛用于玻璃、铸造、陶瓷及耐火材有机物的结构与性质，熟练掌握官能团的结构、性质与料、冶金、建筑、化工、塑料、橡胶，磨料等工业，因此可用转化，以及依据甲烷、乙烯、乙炔、苯、酯基、羧基、羰基作生产坩埚，C符合题意；D.CO确实具有还原性，但是解决共面共线等问题。A.由结构简式可知，脯氨酸分铝却是活泼金属，需要电解熔融的氧化铝才能获得铝单子中含有的羧基，一定条件下能与Y分子中含有的羟质，两者没有对应关系，D不符合题意。]基发生酯化反应，酯化反应属于取代反应，故A正确；7.D[考查宏观辨识与微观探析核心素养。A.DNA由两B.由结构简式可知，X和Y分子式相同，结构不同，互条脱氧核苷酸链构成，脱氧核糖核苷酸链由多个脱氧核为同分异构体，Y分子中羟基的邻位碳原子上含有氢糖核苷酸分子通过分子间脱水形成磷酯键后聚合而成，原子，能发生消去反应，故B正确；C.由结构简式可知，A正确；B.题图中框内的结构可以看成是由脱氧核糖分X分子中含有饱和碳原子，饱和碳原子的空间结构为四子与HPO:分子、碱基分子通过分子间脱水连接而成面体形，所以X分子中所有碳原子不可能处于同一的，B正确；C.如题图所示，胸腺嘧啶中含有酰胺基官能面，故C错误；D.由结构简式可知，lmol脯氨酸分子中团(-CO-NH一)，C正确；D.如题图所示，DNA分子的含有1mol羧基，与足量碳酸氢钠反应生成二氧化碳的四种碱基均含N一H键，一个碱基中的N一H键的H原质量为1mol×44g/mol=44g,故D错误。]子能与另一个碱基中的N,O原子形成氢键，D错误。]12.D[考查科学探究与创新意识核心素养。A.测定硫酸8.C[考查变化观念与衡思想核心素养。A.SiO2是原铜晶体中结晶水的含量时，加热后的坩埚应放在干燥子共价晶体，没有分子，A错误；B.发生钝化，B错误；C器中冷却，不能直接放在石棉网上冷却，否则加热后的根据生成89.6L气体，可知生成了2molH2,所以转移固体会吸收空气中的水蒸气，导致所测结果偏低，故A了4mol电子，C正确；D.没有溶液的体积，无法计算粒错误；B.验证淀粉是否完全水解时，向淀粉溶液中加入子总数，D错误。]稀硫酸，加热、搅拌、冷却后，直接滴加几滴碘水，观察9.B[考查科学探究与创新意识核心素养。考查实验方溶液是否变蓝色就能证明淀粉是否完全水解，不需要案评价。(1)四氯化碳除挥发出来的Br2;(2)用NaOH加过量氢氧化钠溶液中和稀硫酸，否则NaOH能与I2除去硝基苯中的NO,(3)气管口应在右侧试管中反应而千扰实验结论，故B错误；C.配制500mL0.1N,CO3溶液液面上方，以防止倒吸；（4)球形冷凝管可mol/L碳酸钠溶液需要称取的十水碳酸钠的质量为冷凝回流提高产率；分水器分出生成的水可使衡正向0.1mol/L×0.5L×286g/mol=14.3g,故C错误；D.移动，提高反应转化率。A.四氯化碳可以溶解吸收挥发配制硫酸亚铁溶液时，应先将硫酸亚铁固体溶在稀硫出来的Br2,若仍生成淡黄色沉淀，说明苯与溴反应时有酸中防止亚铁离子水解，然后稀释，并加入少量铁粉防HBr生成，发生取代反应，A正确；B.硝基苯不与NaOH止亚铁离子被氧化，故D正确。]溶液反应，且难溶于水，而NO2可以和NaOH溶液反13.CD[考查科学探究与创新意识核心素养。含碘废水应，可以用NaOH溶液除杂，但硝基苯为液体，应分液分制取碘酸钾晶体，由实验流程可知，含碘沸水中加入离，B错误；C.蒸馏出的气体中含有极易溶于水的乙醇SO2和硫酸铜制备CuI,发生反应：2SO2+I2十2Cu2蒸气，以及能和碳酸钠溶液反应的乙酸蒸气，所以气管+4H2O=2Cul↓+2SO+8H,滤液1含硫酸，过口应在右侧试管中NCO,溶液液面上方，以防止倒吸，滤得到滤渣中加入铁粉、水制备FL2,过滤得到滤渣1·52·
最新中考模拟示范卷·化学（四）第二部分（非选择题共42分)二、填空及简答题（共6小题，计24分）10.(4分)运用化学知识提升生活品质。()用水银体温计测量体温时，体温计中汞柱上升。从微观角度分析其原因是遍炎测间腾递人(2)每日适量进食牛奶和鸡蛋，能有效提高人体免疫力。牛奶和鸡蛋中均富含的营养素是蛋压(3)科学防疫，“手”护健康。洗手液可洗去手上的油污，其原理是(选填“溶解”或“乳化)。0.200/004b9(4)过氧乙酸是一种常用的消毒液，某学校要配制200kg溶质质量分数为0.2%的过氧乙酸消毒液，需要10%的过氧乙酸溶液的质量为比kg。x汉11.(4分)2023年陕西省政府工作报告中提到的2023年的预期目标中，有一条为“提升秦岭黄河生态保护水、有序推进碳达峰碳中和”。根据你所掌握的知识回答下列问题：(1)要把黄河水变成饮用水，必须对黄河水进行净化。人们常常采用加入活性炭的方法净水，这是利用了活性炭的(选填“物理或“化学”)性质。方穿(2)经检测，黄河水硬度较大，要将黄河水软化，生活中常用的方法是者沸【实(3)经研究发现，一定条件下可以将人类活动产生的CO2转化为甲烷，其反应的微观示意图【评如下：2+9H一CH4 +2Hx00氢原子●●+00一定条件Q【拓8o●氧原子B碳原子①D物质的化学式为H204H1、计3.(5②该反应中碳元素的化合价(选填发牛”或“不发生”)改变品12.(4分)在学化学的过程中，同学们发现许多化学实验都涉及气压的变化。根据下图所示的实验，请回答：气球HzwyNa·图量除去氧气皮璃管NaOH的空气植低术高铁钉铁钉水红墨水试剂y围袭机紫色石蕊溶液请ZN0H+00二H嘉N,个(11)A装置中能说明铁生锈与氧气有关的实验现象是红黑水左格，侧试管中缺钉绣(2)B实验不能说明CO,能与NaOH反应的理由是水和(0，反应也云号孜压强小(3)用C装置探究质量守恒定律时，若白磷量不足，(选填会或“不年)影响实验结论。(4)D实验中，将试剂X滴入盛有试剂Y的试管中，观察到有气泡产生，U形管左侧液面降(21)【SX)
CI(g)△H=十4.16kJ·mol-1。(2)①由化学方程式可知，和HCl的转化量相等，但HC的初始量是今的两倍，所以其转化率低，故表示HC】转化率的曲线为L1。②T1温度前，温度升高，反应速率加快，丙烯转化率升高；T1温度后，温度升高，反应「、反应ⅱ衡均逆向移动，丙烯转化率降低，所以T1温度下丙烯转化率最高。③已知T2温度下，衡时2氯丙烷的体积分数为10%，设丙烯和HC的起始投入量分别为1mol、2mol,根据三段式可知：i.今(g)+HCI(g)一C(g)变化量x molx molx moli.◇(g)+HCl(g)=(g变化量y moly moly molCI终态：>(g)为(1-x-y)mol;HC1为(2-x-y)mol;Cl入为xmol;为ymol。由图像可知，丙烯转化率为80%，所以x十y=0.8,所以最终总物质的量为2.2ol;则1-氯丙烷的体积2801分数为〉01≈0,2626.反应1的衡常数K,02125.32.2×2.2(3)向恒温恒容密闭容器中充入一定量的1-氯丙烷，只发生1-氯丙烷转化为2氯丙烷的反应。保持温度不变，向衡体系中再充入一定量的1-氯丙烷，再次衡后，由于温度不变，所以衡常数不变，两种物质的比例不变，所以1-氯丙烷的体积分数不变。[命题意图]本题以1-氯丙烷的合成为载体，体现对热化学方程式书写、衡图像、衡移动、衡计算等化学反应原理知识的基础性、综合性、应用性的综合考查。考查学生的理解与辨析、分析与推测和归纳与论证能力。18.答案：(15分)(1)1,2,3,4,5,6-己六醇或己六醇(1分)醚键、醛基(2分)(2)氧化反应(1分)取代反应(1分)HO(3)(2分)OHHO无水ZCl2HO(4)2HO、OH0H+2H,O(2分)OHHO高三化学答案第5页（共6页）
