参考答案5.解：(1)加热挡的功率为P加=300W,工作100s电路消12.如答图所示耗的电能W=Pt=300W×100s=3×10J中(S)(2)当S,、S,都闭合时为加热挡，此时R,单独接入电路，由P=W和I=可得P=R=R电阻R的阻值为R乃(12V)23007=0.480第12题答图(3)当只闭合S,R、R2串联时为保温挡第十讲生活用电-V-(12)2保温时的总电阻R,月967=1.501.B2.B3.A4.A5.D6.CR2的阻值R2=R-R,=1.52-0.480=1.0227.火线串8.乙cd之间断路P保_96W9.如答图所示保温时电路中的电流1=012V=8A(零)线在保温挡时R,的电功率P2=R2=(8A)2×1.02D=65.28W6.解：(1)由题图丙可得，毛巾架的加热功率P热=440W,保温功率P温=80W声控开关⑧由P=UⅡ可得，毛巾架在加热状态下正常工作时的电流I-Pn _440 w第9题答图0220V=2A10.如答图所示(2)由题图乙可知，当开关S、S,闭合时，R,被短路，此时火线电路的总电阻最小，毛巾架处于加热状态，由P-公可R零线得，R的阻值M)R2-0a&当开关S闭合、S,断开时，电阻R与R。串联，此时电路第10题答图的总电阻最大，毛巾架处于保温状态，由P=可得，电R第十一讲信息的传递路的总电阻V-(220V)2能源与可持续发展R=P 80 W=605n1.C2.D3.C4.A5.B6.3×103y射线根据串联电路的电阻规律可得，R,的阻值7.不可再生机械电随手关灯（合理即可）R,=R-R=6052-1102=4952(3)由题图丙可知，毛巾架加热10min消耗的电能W,=第十二讲声现象P知热41=440W×10×60s=2.64×103J1.B2.A3.D4.B5.D6.A7.A8.B毛巾架保温20min消耗的电能9.A10.B11.振动空气（或气体或介质）噪声W2=P保m42=80W×20×60s=9.6×10J12.振动响度信息13.振动音调笛子所以毛巾架正常工作30min消耗的电能W=W+W2=2.64×103J+9.6×10J=3.6×10J第十三讲光现象微专题8焦耳定律的理解与应用1.C2.B3.B4.较大较多命题点1光的直线传播、反射与折射5.热三孔0.52.256.相等不相等4.2×1031.D2.A3.A4.A5.C.7.乙2166.光的直线传播相等（或相同）镜面7.色散绿8.答：“U形”接入法可以增大连接处的接触面积，减小连8.如答图所示接处的电阻，根据Q=子：可得，当电流、通电时间一定时，连接处产生的热量更少，更安全。第九讲电与磁第8题答图1.A2.C3.A4.C5.B6.A7.B8.通电导体电动右9.负极一直不变9.如答图所示10.B红N水面11.如答图所示、电源(+第11题答图第9题答图27
二、多项选择题：本题共2小题，每小题10分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对的得10分，选对但不全的得5分，有选错的得0分。5.2022年2月4日，第24届冬奥会在北京、张家口举行。北京冬奥会速度滑冰男子1500米决赛中，我国选手宁忠岩在水冰面上滑冰转弯的简化图如图，假设外道选手（甲）、内道宁忠岩（乙）均匀速转弯，且转弯时他们的向心加速度大小相等，则转弯过程中（转过的角度均为180°）A.甲转弯所用的时间比乙转弯所用的时间长甲B.甲、乙的角速度大小相等C.甲、乙所受的向心力大小相等D.甲运动的速率大于乙运动的速率
根据折射定律有i=sinr⑤联立解得sni=0.5即入射角i的最小正弦值为0.5。G评分标准：①②式各2分，③①⑤⑥式各1分.16.(8分)解：(1)撤去力F,设木块A向上加速的加速度为aA,铁块B向下加速的加速度为a,根据牛顿第二定律可得Fx一gsin0-agC0s0=maA…①Mg-2FT=Man…②又aA=2aB③联立解得aA=4m/s2④(2)当铁块B落地时，木块A向上通过的位移为x=2h设此时木块A的速度为，则有=2a1…⑤解得w=2√2m/s铁块B落地后，木块A继续向上做匀减速运动的加速度大小为2，则有mgsin0+4mgc0s0=ma2……⑥解得a2=8m/s木块A继绥向上运动的位移为x?三2=0.5m⑦评分标准：①②③④⑤⑥式各1分，⑦式2分。17.(14分)解：(1)离子在I区做类抛运动，根据类抛规律有3R=vot①R=040。。。。。0g。8.080000000000000②根据牛顿第二定律有a=E画n③电场强度的大小为E=3gR④(2)类抛过程由动能定理得2mw2、1E·2R=⑤解得v=√2…⑥物理（一）答案（共4页)第2页
,某同学敏了如下判断：①电流表A示数不变：②电压表V示数不变；③R消耗的电功率不变：四、计电路消耗的总功率不变，上述结论中正确的个数是过R21.高11个提B2个C.3个指8如图甲所示是某小组的同学探究凸透镜成像规律”的实验装置，已知该小组同学使用的凸透镜的衡霸D.4个三、实验题（每空2分，共16分）f=10 cm.)实验过程中、该小组同学测节凸透镜和光屏的位置·光屏上得到的像如图甲所示，由图可知，该小组甲（口在的然作后，读小同学接下来进行如下操作将凸透能因定在0刻度处然后将蜡烛周定衣同学实验前缺少了一个实验步骤，这个实验步骤是22(选填“照相机”“投影仪”或“放大镜”)。©考设明透能成虚像的原因，该小组同学面出了如图乙所示的光路图，请你霜助他完等光路0cm刻度处，利用此时的成像特点可以制成图，并画出物体AB所成的虚像A'B'。19某实验小组在“测量滑轮组的机械效率”时，得到了如下表所示的数据：钩码上升绳端绳端移动机械效实验钩码率/%序号重/N的高度/m拉力/N的距离/m0.374.140.11.8p0.360.12.4a(1)根据表中数据画出滑轮组的绕线方法(2)第②次的机械效率为20.为了测量未知定值电阻R,的阻值，小明选择了如图所示的器材（滑动变阻器最大阻值为R,电源电压恒定但未知)：(1)请用笔画线将图连接成一个完整的实验电路，使滑动变阻器接入电路阻值为最大值。(2)闭合开关后，小明调节滑片，得到三组电压和电流值，分别为(U,1),RA(U2,12),(U,1),则未知电阻R=(3)实验过程中，小明发现电压表损坏了，于是他只将电压表拆下，进行了如下实验：①将变阻器滑片移至阻值为零的一端，记下电流表示数为I1;②将变阻器滑片移至阻值最大的一端，记下电流表示数为I2;③R=物理模拟试卷（五）第3页分Shot on X21vivo dual camera2023.03.2818:51
有姓名准考证号司3.如图是太阳系中两小行岸的轨道小示意图，心知两小行岸的轨道在同一面内，其中秘密★启用前Amos轨道的半长轴大丁1A,5轨道的半长轴小丁0.98AU,可知A.Amos和Atiras在同面内绕太阳沿圆轨道运行AmorsB.Am0s和Aras绕太阳运行的角速度大小始终相等Atiras太阳、上一银而内答苍前.专生务必将自巴的姓名准正男等写在跨题下吞折龙位登上太阳连线打过的面积aD.Amos和Atiras公转周期之比的方等于它们轨道半长轴之比的三次方答题卡上，写在本试卷上尤效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。二号”中齐出的水球可以漂浮在飞船内，这表明水球所受的地球，题卡中相应的位置。A.大小为季1.在人类对万有引力定律的认识行，物理学家大胆猜想、勇于质疑，取得了辉煌的B.与飞船对它作用力的合力为零成就。下列有关该律的说法正确的是C.大于它在地球表面上所受地球引力的大小A.伽利略进行片地检验”将天休问的写引力和地球上物休的有力统定D.产生了它随飞船运动的向心加速度】E表达=2,产中，物体间的，趋近于0则F趋于无穷大5“旋转飞椅”可简化为如图所示。飞椅用钢绳悬挂在水转盘边缘的同一圆周上物C.卡文迪什用扭秤实验测出了引力常量G的大小D.万有引力定律只适用于天体问的引力，不适用于地面上物体问的引力2.对于做曲线运动的质点，下列说法正确的是可为。公动和定中乙阳人司转盘绕穿过其中心的竖直轴转动。图中甲钢绳的长度大于乙钢绳的长度，甲（连角分别为6，、02，下列判断正确的是A.质点一定受到变力的作用A.甲的角速度小丁乙的角速度回画希上刘坊有形B.质点一定受到恒力的作用B.甲的向心加速度大于乙的向心加速度C.0,定小于0关注微信公众号获得答案详解及更多资讯少.质点受合力的方向与加速度的方向水共线连何飞椅受创的向心火之连同飞椅)受到高物理试题第1页（共8页）山物理试题第2页（共8页）
49Fd最大，其最大值为Vnax =48m…⑥(1分)
教全国©0所名校高三单元测试示范卷记地从D点进入圆弧轨道，当经过E点时，圆弧轨道DE对物块的弹力大小为8，之后物块滑上长木板。已知物块与传送带和长木板间的动摩擦因数均为以=0.5，重力加速度g取10m/s2,sin37°=0.6，cos37°=0.8。(1)求物块由A运动到B所经历的时间。(2)求圆弧轨道对应的圆心角α。(3)若要物块不脱离长木板，木板长度至少为多少？解：(1)物块在水传送带上运动时，由牛顿第二定律得a1=m8=5m/s2(1分)物块加速到=1.2m/s所用的时间1=4=0.24s(1分)C11在加速阶段的位移大小x=2442=0.144m A.状态a比状态c的温度高>以PB.一个循环过程中，气体要对外界放出一定的热量C.b心过程中，单位时间内单位器壁面积上分子碰撞次数增多/光%D.c→d过程中，单位时间内单位器壁面积上发生碰撞的分子数增多4.2022年11月29日23时08分，搭载神舟十五号载人飞船的长征二号F遥十五运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射，飞行乘组由航天员费俊龙、邓清明和张陆组成。飞船与核心舱对接过程如图所示，天和核心舱处于半径为3的圆轨道Ⅲ瓜，神舟十五号飞船沿着半径为，1的圆轨道I运动到Q点时，通过变轨操作，洁椭圆轨道Ⅱ运动到P点与天和核心舱对接，从Q到P经历的时间为T,则A.神舟十二号在轨道I上的周期为B.天和核心舱在轨道Ⅲ上的周期为C.神舟十二号飞船在轨道I上经过Q点的加速度小于轨神州汁道Ⅱ上经过Q点的加速度号飞躺歌D.在相同的时间内，轨道I上神舟十二号与0点的连线轨道轨道少和轨道Ⅲ上天和核心舱与0点的连线扫过的面积相等轨道血签列简谐横波在（时的凌形图如图（以所示，P、Q是介质中的两个质点，图(b)是质点Q的振动奥象，则下列说法确的是A.波沿x轴负向传播入-31mB.波的波速为18m/sC.质点P的衡位置x坐-18cmx/cm标为4cmD.质点Q的衡位置x坐(a标为9cm(b)6.如图所示，倾角为的斜面固定在水面上，质量分别为2k和3g的物块A、B，通过不可伸长的轻绳跨过滑轮70连接，A、B间的接触面和轻绳均与木板行。A与B间、B与斜面间的动摩擦因数均为“，最大静摩擦力等于滑动暴摩擦力。现用行于斜面向上重=63,6N的力作用于物块B上，恰好使之止匀速运歌取重力加速度g=l0m/。2,379(sin37°=0.6，c0s37°=0.8)，04为A.0.6B.0.7C,0.8D0.9 9.AD【解析】在，点电荷形成的电场中，P点的电场强度最大，说明虚线上的点只有P,点离场源最近，则场源在过P点的垂线上，故C错误，D正确；Q点的电场强度方向与虚线夹角为30°，情景如图所示130设场源与P点的距离为，则Q点与场源的距离为n一n30=2r,由点电荷的场强决定式E-9,可得B:=斤：-4:1,故A正确，B错误。10.BCDvTtan,则【解折】向题意勿OM=-买，由几何关系有，m0一8兴则00=2。故A错误：m=O0m广8儡，故B正确：由双星动力学方程可符：G禁(m十)可解得：m十侧祭(n十Ttan a（rA十rB)2(1+细》故C正确：两显距离L=n十=(1+栅》，故D正确，tan a/三、非选择题：本题共5小题，共56分。1.6分每空2分)1÷②等（③1-是to【解析】(1)由光电门原理可知，小铁球经过光电门的速度为(②)根据机减能宁包定律有mh-(）广，可对}导，故}随A的变化因缘的斜丰为长程(③)考虑阻力的情况下，由动能定理有(mg一h=弓m(兰)，解符是=2m卫，可得是随h的变化图像的斜率为'md22照D-影由此可知话-1一是md2mg12(10分，每空2分)(1D①保护电路②U号-R(2)①5.1②0.32或0.30【解析】(1)①电源电动势约为5V,而电压表量程只有3V,故R与电压表分压，用来保护电压表不被烧坏；②纵我距为电动势，即E=山；斜率为内阻与R之和，甲R十，-号，则号-R:(2)①开关S断开，均匀电阻丝XY长1.0m,电阻8.02，则当滑动片J移动至XJ=0.80m位置时，XJ部分电阻为8X0.826.4=6.4n,电流表G示教为零，则E=8+1,5+0.5×8V=5.12V5.1V;②开关S闭合，滑片J移至XJ=0.75m处时，XJ部分电阻为8×0.752=62，则RR=8十9+Q5X8,即5,8=48，解得=032n4.8十r若E取5.1V,即5,1X4,8=4.8,解得r=0.300。4.8+r13.(10分)【解析】1)气体发生是等压变化，由气体实验定律兴=V2...T(2分)得s=h+△h)S(2分)300T2代入数据解得T2=500K…。(1分)(2)缸内气体压强力=十=1.01X105Pa……产…(1分)气体等压膨胀对外做功W=-p△V=-pS△h=-4.04J(2分)由热力学第一定律得△U=W十Q…(1分)代入数据Q=△U-W=12.96J+4.04J=17J(1分)则气体吸热17J。物理参考答案一2 第6章动量学生用书D.小球在木板上的压痕P、P2、P3分别硬币停止滑动时硬币右侧到O点的距离。与P之间的竖直距离h1、h2、h再从同一位置释放弹片将硬币发射出去，重(3)用(2)中所测的物理量来验证两球碰撞复多次，取该距离的均值记为℃1，如图乙过程中动量是否守恒，当满足关系式所示；时，则证明a、b两球②将五角硬币放在长木板上，使其左侧位于碰撞过程中动量守恒。O点，并使其直径与中心线重合，按步骤①[考点三]实验方案的创新从同一位置释放弹片，重新弹射一元硬币，[例题3]如图所示为验证使两硬币对心正碰，重复多次，分别测出两碰撞中的总动量守恒的实验装硬币碰后停止滑行时距O点距离的均值置，质量为mA的钢球A用细x2和x3,如图丙所示。线悬挂于O点，质量为mB的弹片钢球B放在小支柱N上，使悬弹片释放装置线在A球静止释放前伸直，且线与竖直方向的硬币长木板夹角为aα，A球释放后摆到最低点时恰好与B球正碰，碰撞后，A球把竖直轻质指示针OC推移到与竖直方向夹角为？处，B球落到地面上，O-地面上铺有一张盖有复写纸的白纸D,保持α乙丙角度不变，多次重复上述实验，白纸上记录到(1)为完成该实验，除长木板，硬币发射器，多个B球的落地点。（重力加速度为g)一元及五角硬币，刻度尺外，还需要的器(1)实验中还需要测量的物理量有哪些？材为(2)实验中还需要测量的物理量为(写出物理(2)写出验证总动量守恒的表达式：量名称及符号)。验证动量守恒定律的表达式为(用测量物[能力提升]理量对应的字母表示)。3.某同学用如图甲所示的装置来验证动量守[考点四]实验目的的创新恒定律，该装置由水长木板及固定在木板[例题4]某同学用如图所示的实验装置验一端的硬币发射器组成，硬币发射器包括支证动量定理，所用器材包括：气垫导轨、滑块架、弹片及弹片释放装置，释放弹片可将硬(上方安装有宽度为d的遮光片)、两个与计算币以某一初速度弹出。已知一元硬币和五机相连接的光电门、砝码盘和砝码等。角硬币与长木板间动摩擦因数相同，主要实实验步骤如下：验步骤如下：遮光片光电门①将一元硬币置于发射槽口，释放弹片将硬币发射出去，硬币沿着长木板中心线运动，气垫导轨滑块砝码盘在长木板中心线的适当位置取一点O,测出砝码179 路电压规律，我们可以选择电压表0~3V量程，并联阻器最大阻值的串联电路，电压表的示数为U2,待测在滑动变阻器两端，移动滑片，当电压表示数等于电阻和R。串联接人电路，电压表测待测电阻两端的2.2V时，小灯泡两端电压为3.8V,正常发光，读出电压，串联电路总电压等于各部分电压之和，可知R。此时电流表示数【，小灯泡正常发光时的电阻o=为38V两端的电压U,=U,-U,通过R的电流=RU1-U2(2)串联电路各处电流相等，由欧姆定律可4.A【解析】甲电路中电流表是内接法，乙电路中电Ro流表是外接法.甲图中电压表测得的电压是待测电U2 U2Ro得R的阻值=片心：(3)此类实验不能通过阻两端的电压与电流表两端的电压之和，电阻两端多次实验求均值的方法减小误差（或若滑动变阻的电压测量值偏大，而通过电阻的电流测量值准确，器最大阻值过大，会造成U2示数很小，读数由1=9可得，甲图中电阻测量值R甲U+U,甲R不准确)图电路的电阻测量值大于真实值，C错误；乙图中电(U-U）R。【进阶1】【解析】①移动滑动变阻器滑片U流表测得的电流是通过待测电阻的电流与通过电压到某一位置，先闭合开关S、S,定值电阻R。、待测电表的电流之和，通过电阻的电流测量值偏大，而电阻阻R,和滑动变阻器串联在电路中，电压表测量R。基两端的电压测量值准确，由1=口可得，乙图中电阻础两端的电压U。;②再断开开关S,闭合开关S2,保持分滑动变阻器滑片位置不变，定值电阻R。、待测电阻点测址值，认：乙图电路的电阻测量值小于R,和滑动变阻器串联在电路中，电压表测量定值电练真实值，D错误；测量较大阻值的电阻时，采用甲图，阻R。和待测电阻R两端的总电压，读出此时电压电流表分压很小，误差较小，A正确；测量较大阻值表示数为U,即定值电阻R,两端的电压U=U-U。;的电阻时，采用乙图，电压表分流较大，误差较大，B③定值电阻R。、待测电阻R,和滑动变阻器串联在电错误.故选A路中，通过待测电阻R,的电流L,==R,则待测电进阶点5特殊方法测电阻、电功率U,U-U。(U-U)R阻R=:④再次将滑动变阻器U1.(1)①U1②右01-U2U-U2aR。R。滑片移动到另一位置，重复上述过程测量几次，求出(3)不能通过多次实验求均值的方法减小误差（或R,的均值.若滑动变阻器最大阻值过大，会造成U2示数很小，读数不准确)【进阶2】②1。-11,【解析】①闭合开关S,将【解析】(1)利用已知滑动变阻器的最大阻值为R。,滑动变阻器的滑片P移到最右端，记录电流表示数设计并连接了如图1所示的电路来测量未知定值电I1;②闭合开关S,将滑动变阻器的滑片P移到最左阻R.的阻值.主要步骤如下：①将滑动变阻器的滑端，记录电流表示数为1。；在②中，两电阻并联，电流片移到最左端，闭合开关S,电压表的示数为U,此表测电路的总电流；在①中，R被短路，只有R。工时电路为待测电阻的简单电路，电压表测量R,两端作.由欧姆定律得，电源电压U=I,R,两步骤中，R。电压（电源电压U);②闭合开关S1,将滑动变阻器两端电压均等于电源电压，R。阻值不变，所以通过的滑片移到最右端，此时电路为待测电阻和滑动变R。的电流均为I1,根据并联电路的电流规律可得，通万唯基础交流QQ群：66955644469 路电压规律，我们可以选择电压表0~3V量程，并联阻器最大阻值的串联电路，电压表的示数为U2,待测在滑动变阻器两端，移动滑片，当电压表示数等于电阻和R。串联接人电路，电压表测待测电阻两端的2.2V时，小灯泡两端电压为3.8V,正常发光，读出电压，串联电路总电压等于各部分电压之和，可知R。此时电流表示数【，小灯泡正常发光时的电阻o=为38V两端的电压U,=U,-U,通过R的电流=RU1-U2(2)串联电路各处电流相等，由欧姆定律可4.A【解析】甲电路中电流表是内接法，乙电路中电Ro流表是外接法.甲图中电压表测得的电压是待测电U2 U2Ro得R的阻值=片心：(3)此类实验不能通过阻两端的电压与电流表两端的电压之和，电阻两端多次实验求均值的方法减小误差（或若滑动变阻的电压测量值偏大，而通过电阻的电流测量值准确，器最大阻值过大，会造成U2示数很小，读数由1=9可得，甲图中电阻测量值R甲U+U,甲R不准确)图电路的电阻测量值大于真实值，C错误；乙图中电(U-U）R。【进阶1】【解析】①移动滑动变阻器滑片U流表测得的电流是通过待测电阻的电流与通过电压到某一位置，先闭合开关S、S,定值电阻R。、待测电表的电流之和，通过电阻的电流测量值偏大，而电阻阻R,和滑动变阻器串联在电路中，电压表测量R。基两端的电压测量值准确，由1=口可得，乙图中电阻础两端的电压U。;②再断开开关S,闭合开关S2,保持分滑动变阻器滑片位置不变，定值电阻R。、待测电阻点测址值，认：乙图电路的电阻测量值小于R,和滑动变阻器串联在电路中，电压表测量定值电练真实值，D错误；测量较大阻值的电阻时，采用甲图，阻R。和待测电阻R两端的总电压，读出此时电压电流表分压很小，误差较小，A正确；测量较大阻值表示数为U,即定值电阻R,两端的电压U=U-U。;的电阻时，采用乙图，电压表分流较大，误差较大，B③定值电阻R。、待测电阻R,和滑动变阻器串联在电错误.故选A路中，通过待测电阻R,的电流L,==R,则待测电进阶点5特殊方法测电阻、电功率U,U-U。(U-U)R阻R=:④再次将滑动变阻器U1.(1)①U1②右01-U2U-U2aR。R。滑片移动到另一位置，重复上述过程测量几次，求出(3)不能通过多次实验求均值的方法减小误差（或R,的均值.若滑动变阻器最大阻值过大，会造成U2示数很小，读数不准确)【进阶2】②1。-11,【解析】①闭合开关S,将【解析】(1)利用已知滑动变阻器的最大阻值为R。,滑动变阻器的滑片P移到最右端，记录电流表示数设计并连接了如图1所示的电路来测量未知定值电I1;②闭合开关S,将滑动变阻器的滑片P移到最左阻R.的阻值.主要步骤如下：①将滑动变阻器的滑端，记录电流表示数为1。；在②中，两电阻并联，电流片移到最左端，闭合开关S,电压表的示数为U,此表测电路的总电流；在①中，R被短路，只有R。工时电路为待测电阻的简单电路，电压表测量R,两端作.由欧姆定律得，电源电压U=I,R,两步骤中，R。电压（电源电压U);②闭合开关S1,将滑动变阻器两端电压均等于电源电压，R。阻值不变，所以通过的滑片移到最右端，此时电路为待测电阻和滑动变R。的电流均为I1,根据并联电路的电流规律可得，通万唯基础交流QQ群：66955644469 4=V5s煤块在传送带上运动的总时间为t=t+t=1s+V5s=(1+V5)sC.有图乙可知，皮带的加速度为△y5a=m/s2=5m/s2△t2-1煤块沿传送带下滑过程中皮带的位移11x传送带=a=。×5×(W5)2m=12.5m2皮带的总长度为12m,所以划痕的长度为12m,C正确：D.煤块相对皮带运动的路程为s=2x1+x传送带=2×5m+12.5m=22.5m煤块与传送带间产生的热量为2=umgs cos37°=0.5×1×10×22.5×0.8J=90J12.(8分)①.水(2分)②.√2g(s-h)(2分)③.mg(H-S)(2分)④.大于(2分)【详解】(1)①[1]调整轨道末端沿水方向；(2)[2[3设从B点抛出的小球，经过时间t与板相切，可知此时小球的水速度和竖直速度均为o,由几何关系h-+d=s2gVo gt解得vo =v2g(s-h)小球在轨道上损失的机械能为Ad正=mg(H-0m=mgH-)(3)[4]实际操作中，木板与水地面的夹角为0，且0>45°，则表达式变为h-(,tan0)22g-+vot=stanOvo tan0=gt可得△迈=mg(H-A)号m-mg(H-h-5。十h分）-mg(H-h+么-san9tana tan20tan204 做的功等于小球机械能的改变量，为二mgR,故D正确。故选ACD。主观题三.实验题（每空3分，共15分)9.某同学利用下述装置对轻质弹蕃的弹性势能进行探究，一轻质弹蕃放置在光滑水桌面上，弹簧左端固定，右端与一小球接触而不固连弹蕃处于原长时，小球恰好在桌面边缘，如图()所示.向左推小球，使弹蕃压缩一段距离后由静止释放.小球离开桌面后落到水地面.通过测量和计算，可求得弹蕃被压缩后的弹性势能，777777图(a)回答下列问题：(1)本实验中可认为，弹蕃被压缩后的弹性势能，与小球抛出时的动能相等.已知重力加速度大小为g,为求得E,至少需要测量下列物理量中的(填正确答案标号).A.小球的质量mB.小球抛出点到落地点的水距离5C.桌面到地面的高度hD.弹蕃的压缩量△xE弹簧原长6(2)用所选取的测量量和已知量表示E,得E=(3)图(b)中的直线是实验测量得到的s一△x图线.从理论上可推出，如果h不变.m增加，5一△x图线的斜率会(填“增大”、“减小或不变”)；如果m不变，h增加，5一△x图线的斜率会（填增大”、“减小或“不变”).由图(b)中给出的直线关系和的表达式可知，E与△x的次方成正比.第顶/共12页 决胜新高考一2024届高三年级大联考物理注意事项考生在答题前请认真阅读本注意事项及各题答题要求1.本试卷共6页，满分为100分，考试时间为75分钟.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回.2.答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置.3.请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4.作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案.作答非选择题，必须用0.5毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效.5.如需作图，必须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗.一、单项选择题：共11题，每题4分，共44分。每题只有一个选项最符合题意1.打开手机加速度传感器APP,手握手机迅速下蹲，手机记录的图像如图所示，a、b分别为图像的峰值，则A.峰值a对应时刻，人向下运动的速度最大B.峰值b对应时刻，人向下运动的速度最大C.峰值a对应时刻，人对地面的压力小于自身重力D.峰值b对应时刻，人对地面的压力小于自身重力A0B、6第2题图第1题图2.在同一竖直方向、不同高处分别水抛出两个小球A、B,两球在P点相碰，如图所示.设A、B两球的初速度分别为vA、vB,运动到P点的时间分别为tA、B,在P点的速度与竖直方向的夹角分别为OA、0g,则A.VA=VB tA=IBB.VA>VB tA>iBC.tA>tB 0A t3=1S十4S十2S=7S,A错误，在减速阶段电动机就不需要做功了，所以电动机工作的最短时间为5S,B正确。二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。题号76910答案ACADBDAC7.AC【解析】由于O,点到三个波源的距离相同，根据波的叠加原理可知其振幅为6cm;根据入=vT=1m,故能发生明显衍射现象。t=4.5s时，仅S2与S的波传播到C处，由于传播时间to=4s,故C处质点已经振动了0.5s,故C处质点与衡位置距离y=2×√2cm=2√2cm。类比两列波的千涉可知，频率必须相同才能发生千涉。8.AD【解析】设两绳子l、l2与竖直线的夹角分别为α和B,则若两球在轴线同侧，则r2>r1。对下面小球，由牛顿第二定律得：T2cosB=m2g,T2sinB=m2w2r2;即tang=w;版权所有对两个小球，由系统牛顿第二定律得：印必究Ticos a=(mi+m2)g,Tisin a=mzo'r2+mio'r,即tan=m@n十mn=u.m士mn_. 教学高三第一轮复周湖札记1-1m处及n=2m处的顺点版动方向总是相反，因北不存在速度和加速度均相同的时刻；因△=55，故=号4A=40cm,Λ、D项正确。【答案】D7、如图甲所示，一个固定水转动轴的竖直圆盘转动时，固定在圆盘上的小圆柱能够带动一个形支架在竖直向振动、T形支架的下面系着一个由轻质弹资和小球组成的振动系统。圆盘静时、让小球做简运动，其振动图像如图乙所示，已知增大小球质量，可增大该振动系统的固期。现让圆盘以30r/min的转速匀速转动，当小球振动稳定时，下列说法正确的是cm味中用烟5小圆柱T形A.小球振动的固有频率是4Hz、B,小球振动的周期一定是2sC.要使小球振幅增大，可以增大圆盘转速、D,要使小球振幅增大，可以换用质量较小的小球以军报肠国南用刘【解析】本题考查简谐运动的振动图像及共振问题，着重考查学生的理解及知识灵活应用能力。由题图乙可球振动的固有周期T=4s,则其固有频率∫=÷=0.25Hz,A项错误；小球做受迫振动时的周期等于驱动力的周即等于圆盘转动周期2s,B项正确；要使损幅变大，要么增大圆盘转动周期，要么减小小球振动的固有周期，即减小盘转速或减小小球质量都能增大振幅，C项错误、D项正确。【答案】BD8.一列简谐横波沿x轴传播，图甲是t=1s时的波形图，图乙是x=3m处质点的振动图像，a、b及在x轴上的衡位置分别为x。=0.5m,c6=2.5m,下列说法正确的是.%↑ylcm↑ylcm1010…-10-债点约振动t/sA.波沿x轴正方向传播B.波的传播速度大小为0.5m/sT-YCt二1.5s时，a、b两质点的速度和加速度均等大反向lg-wsDr从t=1s到t=2s,质点a、b运动的路程均为20cm【解析】本题考查振动图像与波动图像的综合应用，着重考查学生的识图用图能力及知识灵活应用能力。由！可知=1s时x=3m处质点向上振动，由图甲可知该波沿x轴负方向传播，A项错误；因λ=4m,T=2s,由v=可得v=2m/s,B项错误；a、b质点在x轴上的衡位置之间的距离xd-2.5m一0.5m=2m,可知a、b相距半长，故此两点为返相质点，a,b两点的速度和加速度均等大反向，C项正确；从t=1s到t=2s,质点振动时间为点a、b运动的路程均为2A=20cm,D项正确。【答案】CD【24G3ZCJ新高考)物理R-必考QGA-Y】扫码使用▣▣Q夸克扫描王 1、2024年100所名校高考模拟金典卷 24新高考·JD·英语-Y 英语(1-5)答案 coals之间为逻辑上的动宾关系，应用动词-ed形式，故填taken。38.there。考查存现句。根据语境可知，设空处所在句描述的意思是，在盒子的顶端，有一个把手，熨衣服的时候人们可以手持熨斗，故填 2、2024年全国100所名校AB测试示范卷高三24·G3AB·英语-R-必考-QG 英语(一)答案 D
New research on ants has shown a first in insects:the ability
to shrink and then regrow their brai 3、内蒙古2024届高三11月联考英语x Unit 7 Will people have robots?第1课时Section A 1a~2d建议用时：25分钟小题练词句Ⅲ.句型转换（每空一词）9.Anna will go to the mu 4、2024届高三百万联考11月联考英语x 必修一UNIT3 TOPIC TALK,LESSONS1&2参考答案及部分解析参考答案1-5 ABCCA6-10 ACBAC 11-15 BBAAC16-20 BBACC21-25 CBCAD26-3 5、全国100所名校最新高考冲刺卷英语2023届Y1 2021-2022学年度下学期第2期N广版Times九年级展核心素养2022年1月30日总第3886期指导总主编刘兆义国内统一连续出版物号CN34-0030本报就酪合作肌钩翼课网of greenerE - 1、安徽金榜教育 2023-2024学年高二1月期末联考数学(B卷)答案 1、安徽金榜教育 2023-2024学年高二1月期末联考物理答案 1、2024届全国100所名校AB测试示范卷·物理[24·G3AB(新教材老高考)·物理-LKB-必考 2、安徽金榜教育 2023-2024学年高二1月期末联考化学(B卷)试题 1、安徽金榜教育 2023-2024学年高二1月期末联考化学(A卷)试题 1、安徽金榜教育 2023-2024学年高二1月期末联考化学(A卷)答案 3、安徽金榜教育 2023-2024学年高二1月期末联考物理试题 1、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 49Fd最大，其最大值为Vnax =48m…⑥(1分) 2、安徽2023-2024 学年七年级上学期 4、安徽金榜教育 2023-2024学年高一1月期末联考历史试题 1、2024届高三全国100所名校AB测试示范卷·历史[24·G3AB(新教材老高考)·历史-R-必考-HUB]八试题 【解析】【详解】根据材料“人家田产，只五六年间，便自不 5、安徽金榜教育 2023-2024学年高一1月期末联考语文答案 1、高三2024届模拟01语文(新)答案 1、[天一大联考]高三2024届高考全真模拟卷(一)1语文答案 1、[天一大联考]高三2024届高考 1、[超级全能生·名校交流]2024届高三第三次联考(4189C)语文XX试题 2、2024年安徽省名校之约第一次联考试卷化学试题 1、炎德英才 名校联考联合体2024届高三第四次联考(1月)英语试题 1、炎德英才 名校联考联合体2024届高三第四次联考(1月)政治试题 1 3、三湘名校教育联盟·2024届高三第二次大联考物理答案 1、三湘名校教育联盟/湖湘名校教育联合体2024届高三10月大联考/物理试卷答案 1、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建 1、全 4、尚文原创·2025届云南名校月考试卷(一)理数答案 1、2024届高考滚动检测卷 新教材(六)生物 1、2024届高三全国100所名校AB测试示范卷·历史[24·G3AB(新教材老高考)·历史-R-必考-GX]一试题 5、2024届山西高三第二次学业质量评价英语答案 1、2024届山西高三第二次学业质量评价政治答案 1、2024届山西高三第二次学业质量评价生物答案 1、2024届山西高三第二次学业质量评价地
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