(4)πaUU)4LI(2分)解析：(1)螺旋测微器的示数为(0.5+0.01×19.7)mm=0.697mm。(2)题图乙中电流表采用外接法，故测量值偏小。(3)电压表精度为0.1V,其示数为2.60V;电流表精度为0.02A,其示数为0.52A,不需再估读一位。13.解：(1)通过电阻R的电流I==2.5A(2分)通过电动机中的电流I2=一I1=6A。(2分)》(2)电动机的输入功率P=I2U=600W(2分)电动机的热功率P热=I22=36W(2分)所以，电动机的输出功率P出=P一P热=564W。(2分》14.解：假设灯泡都能正常发光时，干路的电流为I,则有U.=E-I(r十R线)，式中U.=9V(3分)解得I=2.4A(1分)灯泡的额定电流1无=0.4A(3分)电路所接灯泡的个数n一=6。(3分)15.解：(1)开关S1、S2闭合且电路稳定后，电阻R1和R2串联，由闭合电路欧姆定E律知，电路中电流IR,十R十，0.5A(2分)电容器两端电压等于R1两端电压，即Uc=R1=3V(2分)电容器所带的电荷量Q=CUc=3×105C。(3分)(2)保持S闭合、断开S2,整个电路断路，电路稳定时电容器两极板间的电压等于电源电动势，电容器所带的电荷量Q=CE=9×105C(3分)流过电阻R2的电荷量△Q=Q一Q=6×10-5C。(2分)16.解：(1)小球带负电(2分)小球在水方向受电场力作用，由题意知，小球抛出后向x轴正方向偏转，即小球受到的电场力沿x轴正方向，与电场强度的方向相反，故小球带负电。(2分)(2)小球在竖直方向上只受重力作用，小球在水方向做初速度为零的匀加速意·7·【23·ZCYK·物理·参考答案一JKB一选修3一1一QG】

能大，选项C错误、D正确。9.BD【解析】本题考查万有引力定律，目的是考查学生应用数学处理物理问题的能力。由于核心舱与地球同步卫星的质最未知，因此不能确定它们做圆周运动的向，心力大小之比，选项A错误；根据G=m可得ar2-6出心子，接页5正稍：山题因可知n=10=10,根薪开言制第定律有会-√哥，透项C储误：/103p根据开普勒第三定律可知，该直线的斜率为，选项D正确。10.AC【解析】本题考查带电粒子在电场、磁场中的运动，目的是考查学生的分析综合能力。个y5L粒子在磔场中做圆网运动的轨迹如图所示，根据儿何关系可知60s日一光R=3L器L,又B=m员，解得B一，透项AE确：粒子通过A点时的速度方向沿x销负方R0‘5L向，加上电场后，粒子沿y轴负方向做初速度为零的匀加速直线运动，沿x轴方向做类竖直上抛运动，则2R-4L-号a,2,-3L-t-号a2,又ama-、a2-a:2十a,’,gE-ma,解得E-2W5m2+=影，选项B错误，C正确：根据能量守恒定律可知，粒子从A点运动到P点的过程少了Ecs×是L十qEsin ax3L-3m,选顶D锖误。411.(1)3.20(3分)(2)(m+2)a2(m1-m2)(3分)【解析】本题考查机械能守恒定律，目的是考查学生的实验能力。(1D游标卡尺的示数为3mm十调×4-820mm,(2)遮光片通过光电门时的速度大小一，根据机械能守恒定律有(m一m)gh一2(m十m)/,来理得子织s,故&部得g-0十2-(+m2)d2(m1-2)12.(1)B(1分)D(1分)G(1分)(2)B(2分)(3)5.3(5.15.5均可给分)(2分)0.84(0.82~0.86均可给分)(2分)【解析】本题考查伏安特性曲线的描绘，目的是考查学生的实验能力。(1)要测绘小灯泡的伏安特性曲线，小灯泡两端的电压必须从0调节到额定电压3.8V,若用量程为15V的电压表测量，误差较大，故需要将内阻已知的电压表与定值电阻R串联改装成量程为4V的电压表；小灯泡的额定电流。=品8A=0,53A,电流表应选用量程为0.6A的电流表①；小灯泡在额定电压下的电阻k-38n=1.2n<20n,放滑动变阻器不能选用R,应选用k。(2)由于电压表需要扩大量程，要与定值电阻R,串联，排除选项D;滑动变阻器应采用分压式接法，才能使小灯泡两端的电压从0调节到3.8V,排除选项A;由于R尽-00-554>￡-2.2-72.2，因此R7.22RA10.1【高三物理·参考答案第2页（共6页）】1806·HUN·

度下拉力的大小：如果拉力再增大，则线与AC垂直，AC为电场线方向，E物体间就会发生相对滑动.以A为研究N Ne对象进行受力分析：A受水向右的拉力，水向左的静摩擦力，有F二f二m45.C光速在真空中恒定，A错误；由题图可,再以B为研究对象，B受水向右的知，水滴对a的折射率大于b的折射率，静摩擦力∫=mBa,当f为最大静摩擦根据=二和=A,可以确定6的波力时，a=L-5=6m/s3,可得F长比a的波长更长，更容易发生衍射，B=(mA+ms)a=(6+2)×6N=48N,错误；以相同的人射角斜射人行玻璃由此可以看出当F<48N时，A、B间的砖，折射率越大侧移量越大，C正确，根摩擦力达不到最大静摩擦力，也就是据sinC=1,折射率越大，越容易发生说，在F增大到45N的过程中A、B始全反射，a的折射率大于b的折射率，a终不会发生相对运动.比b更容易发生全反射，D错误.故9.BC由题图乙可知，二0时刻，质点B的振动方向沿y轴负方向，对照题图甲，可选C.6.D网球做抛运动，不论出射速度多大，竖知该简谐波沿x轴正方向传播，由题直方向的位移也不为零，所以网球不能图甲可知，简谐波的波长入=4m,由题击中O点，故A错误；发球间隔时间足图乙可知，波的周期T=2s,其波速够短，但两个网球的水位移不相等，=产=2m/s,A错误；当1=2s时，质竖直位移不相等，所以两个网球在下落过程中不可能相遇，故B错误；对于击点B恰好振动一个周期回到衡位中A点的网球，根据抛运动的规律可置，并向y轴负方向运动，速率最大，0得L=oh=2g,解得击中A点~2s内波沿x轴正方向传播的距离△x=vt=4m,则质点C此时位于波的网球的初速度大小为ua=L√2峰，运动速率为零，B正确；同理，当t=3.5s时，质点B位于波峰，加速度最故C错误；网球击中B点时，据抛运大，质点C位于衡位置，加速度最小，C正确；要使该波能够发生明显的动的规律可得L=vost2,h2=7gt号，解衍射，障碍物的尺寸应小于4m或与得击中B点的网球的初速度大小为4m相差不多，D错误.L2h10.BC,网球击中B点时速度大小根据牛顿第二定律得gB=mR,解为0g=√6：+2gh,=+2gha得R=B,衰变时动量守恒，而。粒2h2故D正确.子电量较小，所以半径较大，A错误；7.D发电机产生的电动势峰值Em=NBSw根据动量守恒定律得4v=(238-=10×0.2X0.2×25V=10V,电压表4)v,衰变过程中释放的核能为E示数为有效值，且E4E=52V,即×4mv+号×(238-4)m=1√2电压表示数为5√2V,A错误；电阻R结合半径公式得R,=234oV=两端的电压，=，90eB2=10√2V,故电Amoi210BR,=联立解得R=阻R的电功率P-R=10W,B错误；由于二极管的单向导电性，电容器只充45R,E-19eBR,B.C正确：根据234电不放电，故电容器两端的电压最大值2.为交流电峰值，由变压器的匝数比关系可知电阻R两端的电压最大值为20V,此即电容器两端的电压最大值、故电容周期公式T-器阳子-是动入器上的电荷量Q=CU=2×10·X20C=4×10C,C错误，D正确.故选D.90=9028.D117D错误首先了解各物体的运动情况，B从静止11.ABD开始加速运动是因为A对它有静摩擦滑块下滑过程，只有重力做功，物块力，但由于静摩擦力存在最大值，所以B与弧形槽组成的系统机械能守恒，的加速度存在最大值，可以求出此加速装特的大整器外力为零，系统水方向动量守恒，【S3·高三单元滚动卷·物理参考答案故B正确：设物块到达水面时速第30页（共32页）】

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植物种类我写(3)湖

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AThe World Expo,also known as the World Fair,is held toshow the newest and best inventions from arou

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14.A材料中张之洞把“中学”与“西学”分别称为“旧学”与“新学”，这样一来，“新学”和“旧学”都是“中学”，这有利于减轻向西方学的压力，故选A项。材料没有区分中学和西学，排除B项；C项不符合材料的

2、2024届高三全国100所名校AB测试示范卷·历史[24·G3AB(新高考)·历史-R-必考-SD]三试题

2021一2022学年度第二学期质量检测高历史试题参考答案一、选择题：每小题2份，共50份。1.D2.C3.B4.B5.A6.C7.)8.B9.D10.C11.B12.D13.B14.A5.D16.A

3、5全国大联考2024届高三第一次联考（1LK·新教材老高考）化学

是全国©©所名校高考模拟金典卷4CO2的资源化利用是解决温室效应的重要途径。下图是在一定条件下用NH,捕获©0，生成重要化工产品三聚氰胺的反应。下列说法不正菊的是OHA.三聚氰胺的分子式为CHN,OB

4、全国大联考2024届高三第一次联考（1LK·新教材老高考）物理/

D.电流表（量程为200A,内阻约为5000）E电流表○（量程为3mA.内阻约为15）：14.(12分)某商家为了吸引顾客，设计了抽奖活动，如图所示，三块尺寸相同的薄木板A,B,C15,（15分)如图

5、2024届智慧上进 名校学术联盟·高考模拟信息卷押题卷(二)2历史试题

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1、2024届高三全国100所名校AB测试示范卷·历史[24·G3AB(新教材老高考)·历史-R-必考-SD]四试题

劳工。北洋政府权衡利弊得失后，与协约国议定，中国采取“以工代兵”的方式参战。根据和英法等国签订的协议，中国北洋政府允许英法俄在华招募劳工，先后30万华工远涉重洋，浴血欧陆。协约国联军总司令法国元帅福熙

2、2024届高三全国100所名校AB测试示范卷·历史[24·G3AB(新教材老高考)·历史-R-必考-HUB]八试题

基础题与中考新考法·九年级·全一册·历史7.(教材P85正文1考改编)下面是苏联发展指导下，苏联不再追求军事优势，放弃霸权时间轴（部分），“？”处应填入的内容是主义，改善了与美国的关系，实现中苏关系(

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15.1964年

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1、2024高考名校导航金卷(一)数学试题

以入=6.16.233以AB的中点O为坐标原点，分别以OE,OB所在的直线为x轴、y轴，过点O垂直于面ABE的直线为之轴，建立如

3、高三2024高考名校导航金卷(五)5数学试题

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周测卷十八正态分布1.C解析：由题意知u=1,o2=4,即EX=1,DX=4.2.A解析：：随机变量V(0,1),正态曲线关于x=

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1、高三202

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上高二中2023届高一年级下学期期末考试测试卷7.如图所示，水转台士的小物体A、B通过轻弹簧莲接，并静止在转台上，现从静正开始缓慢增大转台的转速（在每个转速下都可认为转台匀物理2021.6速转动)，

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105.如图所示，一理想变压器原线圈匝数300匝，AB接在4-18V2sn100(V)的交流电源上，电流表为理想电表，当S闭合后，三只“6V3W”的灯泡均正常发光。则()A.变压器副线圈的匝数100匝

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题型12机械振动和机械波、光学题型特点本专题主要是振动图像与波动图像综合的问题，需要认真思考，看清坐标轴，光的折射和全反射部分需要注意几何的画法和找好角的关系，解题策略第一，深入理解振动图像与波动图像

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6.【考点】太天国运动【解析】太天国运动期间，随着军费的骤增，中央财政日益困窘，部分地方督抚获得就地练兵筹款之权。太天国被镇压后，各地“就地筹款”成为常态。此举导致中央式微，同时缓解了中央财政困

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解得：E,=0.8J。(2分》何物体的分子都在做无规则的热运动，扩散现象存在于任何解能力。=0时刻质点P沿y轴负方向运动，说明前一时刻hg两物体间，选项B错误；当分子间的距离减小时，分子间的引与它接近

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(3)设撤去外力F后导体棒运动过程中某时刻在电路中长度为山，速度大小为巴，此时接入电路的导轨总长度气=，电路电流1B以0=3①(s+)r4安培力月=4=②该时刻后极短一段时间△1，△1时间内导体棒速度

3、全国100所名校最新高考冲刺卷2023物理二福建

t3=1S十4S十2S=7S,A错误，在减速阶段电动机就不需要做功了，所以电动机工作的最短时间为5S,B正确。二、选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要

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抑制胰岛A细胞分泌胰高血糖素，从而降低血糖，D项正确。6.C【解析】K+在维持细胞内液的渗透压上起决定性作用，血钾过低则静息电位增大，神经肌肉细胞的兴奋性降低，A项正确；过度节食可能使钙盐吸收减少，而

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19.CD“老马识途”体现了化学信息的传递，A错误；生态系统

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90180975NN035图例→风向1035~等压线020⊙城市

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答率(1)微

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全围1®0所名接单元测试示范表教学札记A.果实开始发育后，瘦果内能够合成生长素促进果实长大B.S1组的果实

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期与太阳活动周期保持一致；人类活动、昼长变化、气候变暖均不具有约11年的周期性变化规律，因此太阳活动是

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17.(本题8分)如图，一次函数y,=kx+b(k≠0)的图象分别与x轴、y轴交于点C,D,与反比例

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③增大氢气的浓度（或其他合理答案）(2分)(3)①0.5(2分)②增大压强促进副反应进行(2分)解析：(2)②容器中以物质的量之比1：1充入环戊二烯气体和氢气，反应前容器内压强为。,则起始时环戊二烯和

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3.如图所示，竖

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16.(1)又闻子规啼夜月愁空山(2)无边落木萧萧下不尽长江滚滚来(3)覆压

2024-10-19 17:09:55

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2024-11-06 04:28:25

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绝密★考试结束前2024学年第二学期宁波六校联盟期中联考高一年级数学学科试题考生须知：1.本卷共4页满分150分，考试时间120分钟。2.答题前，在答题卷指定区域填写班级、姓名、考场号、座位号及准考证号并填涂相应数字。3.所有答案必须写在答题纸上，写在试卷上无效。4.考试结束后，只需上交答题纸。第1卷（选择部分，共58分）一、选择题（本题共8小题，每小题5分，共40分.在每个小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.）1.已知复数z满足z=2i+1，则²的虚部为（）A.-3B.2iC.4D.4i2.如图所示，用符号语言可表达为A.α∩β=m，nca，mn=AB.α∩β=m，n∈α，mn=AC.anβ=m，nca，Acm,Acn第2题D.α∩β=m，nEα,Aem,Aen3.在△ABC中，已知B=120°，AC=√19，AB=2，则BC=CA.5B.3C.√2D.14.如图，△O'A'B'是水放置的△OAB用斜二测画法画出的直观图（图中虚线分别与x轴和y轴行），O'B'=2O'D'=6，O'C'=8，则△OAB的面积为（）A.8√2B.12√2C.24D.48D第4题5.在△ABC中，设AB=a，AC=b，BD=2DC，AE=4ED，则BE=（1811-A.B.C.D.31515156.下面关于空间几何体的叙述：①底面是正多边形的棱锥是正棱锥；②有两个面互相行，其余各面都是梯形的多面体是棱台；③正四棱柱都是长方体；④直角三角形以其直角边所在直线为轴旋转一周形成的几何体是圆锥；③行六面体是六棱柱.其中叙述正确的有（）A.1个B.2个C.3个D.4个高一年级数学试题第1页共4页

（2分）mvo（1分）小球从释放到第5次经过0点所经历的时（2）竖直方向上小球甲、乙在电场中下落的（1分）T97T间为=.4+4×距离相等，故小球甲、乙从抛出到落到x轴上2所用的时间相等，设为#，小球甲落到x轴上（1分）R9解得I=时水速度为0，根据运动学公式，有2（2分）0=D-a15.（1）物块a由A点运动到C点的过程中，根小球甲、乙在水方向上的加速度等大反据动能定理可得向，可知小球乙落到轴上时水速度为（1分）（2分）=v+at=210设B点与P点的水距离为x，根据运动学山儿何关系可知（2分）公式，有²-v²=2axh-R(1-cos θ)（1分）XAnsinθ解得x=（1分）2u物块a在C点时，由牛顿第二定律可得14.（1）根据题意可得，在最低点时小球对轨道（1分）F’N-mg=mR力最大，此时对小球受力分析，由牛顿第（1分）联立解得F=4.2N定律可得根据牛顿第三定律可知，物块a在C点时对（2分）F-mg=R轨道的压力大小等于轨道对物块a的支持力小球从P点到0点的过程中，由动能定理可大小，即（2分）得mgk（1-cos0)=mn²-0=、=4.2N（1分）（1分）联立解得F、=3nig-2mgcosθ（2）物块a由C点运动到与1号物块碰撞的根据牛顿第三定律可知，小球对轨道压力的过程中，对物块a，由动能定理可得（1分）最大价i为F=3mg-2mgcos01（1分）—μimgL=Xmto2（2）山弧OP的长度远小丁半径R可知，小球碰撞过程中山动量守恒定律可得的运动可视为单摆，周期为m,=2m（1分）RT=2π（2分）碰撞损失的机械能1T（分）2物理-第5页（共6页）