琢名小渔·2024届高三年级考点评估测试卷(二)2物理答案

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1、2024高三教学测试物理

改瑰冠，母鸡既有玫瑰冠，又有豆冠（或只有母鸡出现豆冠或只有母鸡出现性状分离)，则基因位于Z(4)察丸【解析】分新系：和：都甲病，但它们有一个正常的【解析服传往往具有世代连续通传的现象，故若可能引起两种病毒蛋白质结构发生改变，C正确；病奉没有细染色体上儿子，即“有中生无为显性，显性看男病，男璃母女正非排性”】甲在家系中显连传现象，甲璃为常色体显性传璃或得X聚色体显性境传璃，入错误，显性境传病往往具有胞结构，不能独立生存，只有寄生在宿主细胞中才能增殖，该【解新(1)性反转是由于外界因素（性激素）造成的，只改变了代连续传的现象，而隐性传璃往真有隔代境传的现噬菌体合成蛋白质的原料全部来自宿主细胞，所以子代墓菌零鸡的性状，工出说明甲病为常备口丛体的套白质不可能合有宿主细胞内不存在的氯基酸，D错误。的性染色件2ZW交配C【解折分析可如子可能是从动到C点也可IO,A【解析】正常基因转录时也会形成DNA-RNA杂交区2)控制性耳，A点所在的水面为茶势能面，故1时刻小球的电势能为是以C嘉运骑到A成故入精证也子及在电场力特下址以电子能射出偏转电场，故B正身：在=T时刻A,B间的关联的现E,=一mgRsin1√爱1，故C正：动能和势能桃称机械能，小电于的电势能和功能之不，为3记V,又题国中等是等粉低，B成的电势为5A点的也势为家则学势武电压为U,此时刻进入的电子在加逸电场中有=要在球所受重力与电场力是一对衡力，可知本题中重力微功大价起纷为0八电子在经过样珍线时的电势提身合m听，根据以上分析可知电子能通过偏特电场，别电子透型小与电场力微功大小相同，A点所在的水面为零势能面，则二D所以动能为4V故B正确机等等势线的密1时刻小琼的机械能为Ek-E,'+E=mgRsin√景1十是求导电场强度的大小可如B点的电也场强度大于A点的比垃偏转电场所用时间一兴，电子在竖直方向上的位移大C正确，电子在关于等势线对称的两点所受电场力大小定相同，但方向不一定相同，故D错误。故选BC小为一音·器，4解得为一品山比时电于8整重方向的mgR,故D错误。故选C则控5.C【解析】根据匀强电场中行等距的两线段电势差相等.AC【解折]由子两金属板充电后与电原斯开，板板所带电行量Q不定，核据B-昌-，可如板问场强不变，夜油满治，电于高开%钟电场时度方向与甲盒线上，则则有A一=一，解得0=12V,A错：知图所示，d与失角的正切值m。=岛一是电子高开%特电场时的线度点的电势相等，则电扬线如图所示，有设电子打到屏上的点B到O点的距离为x,由几何关系得型为质量为m,电量为9，与c孔距离为x,板间场强为E,板间距有到12V45。离为，则由牛顿第二定徘有mg一gE=m,可知，油滴在板一√可-√c,D.同的加选度不变，故A正确，B错误：根据动能定理有mgh+)一qEh=0,当仅将口板行6板向上移一小段距12.01.13(2)2N方联立得x=3L位基离，设油滴在板间运动的距离为N,有mg('十x)=qE,得【解析】(1)打H点时重锤A的醉时速度等于打GJ两点同15【解析】(1)小球释放后在重力和电场力的作用下微匀加速直-g兰,h十十，油滴到不了d孔，故C正的均度，中m-哥-02210线运动，小球从A点切线方向进入圆管，则此时速度方向2×0.02m/s与竖直方向的夹角为45”，即加速度方向与竖直方向的夹角≈1.13m/sE-器-152vm-3vmB错民：于确，D错误。故选AC。为45，则an45=E9mg10ABD【解析】由题意等效最高点在OM连线的反向延长线(2)对A、B、C整体根据牛频第二定律有(M什m)g一Mg从a,点到，点，电场力的方向沿场强方向，粒子做类抛运与国周的交点上，设为N,则在N点满足F华解得E=mg√mg)+(3mg)=2mg,所以2mg="吧，即动能的最小(2)从P到A的过程，根据动能定理有mgL十E1gL题意可知6=解得g=动，沿d方向粒子做匀速直线运动，则有1=一0s值为E=m=mgL,故A正确；由题意细线断裂后13.(1)右(2)3.2×10-33.2×10解得u=2/gLX10:s,C正确粒子从a点到点，电场力的方向沿场当B点速度沿与等效重力反方向的分速度为零时，动能最【解析】(I)将开关S扳到a,让电源给电客器充电结束后，若将电容器上极板向下移动少许，由电客器的决定式C=小球在管中运动时E2g=mg小，又因为从B到N点，由动能定理得一2mg(L一Lsin30)强方向，则电场力做正功，其电势能减小，D错误。故选C可如d流小，电客器的电客增大，由电客的定又或C小球微匀速圆周运动，则m=A=2√g工6.A【解析】不带电小球只受重力作用，带电小球受到重力、沿=m-2m喝解得=2√，所以最小动能为EDC方向的电场力作用。不带电小球向右水抛出后微抛=2m(防sin30)2=2mgL,故B正确；因为从细线断梨到=号，电客器两端电压U不支，电客器所带电荷量Q增大，在D点时，国香下生时小球的支持力大小F=m明运动，从A到D由动能定理有WG=△E即1.5mgR=4E=22mg一E,化简得1.5mgR=3E,带电小球向左水抛出后在复小球的动能与B点动能相等的过程中，由动能定理知合外电源继续给电客器充电，电流从灵敏电流计G的右接线柱力微功为零，即B点速度沿与等效重力反方向的分速度变流入，指针向右偏转。由牛顿第三定律得，FD=F=22mg,方向竖直向下。合场中运动，从A到B重力微功为0.5mgR,电场力微功为(2)由I一图像与时间轴所国面积表示电容器所带的电荷(③)小球由P点运动到A点的过程做匀加速直线运动，设所W=EgR则由动能定理有W+0.5mgR=△E,即W十为等大反向时，故满足Bc0s30°=a,a-2g=2g,x量，则有流经电流传感器的电荷量为3.2X103C。电容器用时间为，则②L=号g所0.5mgR=4E-E可得mgR=ER,则E-,故选Asn30·2,AS=-(-g5xoms60)-号mgL,即电势能的电客C=9-32X10F=3.2×10F.,D【解析】小球飞出后受到水向右的电场力与竖直向下的0解得√受重力，则飞出后水方向做匀加速直线运动，竖直方向上做增加了三mgL,故C错误；从细线断裂到小球的电势能与B14.【解析】(1)电子在电场E,中做初速度为零的匀加速直线运设小球在圆管内做匀速圆周运动的时间为2，则白双向的匀变速直线运动，可知，Q在点的右上方，A错误；从点电势能相等的过程中，即电场力做功为零，即相当于B点动，设加述度为a,时间为，由牛领第二定律得a1=5mc到Q的过程中，竖直方向上有d=2g·，从P到c的过水方向的速度等大反向时，即%=at',qE=ma,h=程有gE(x十R)一mgR=m解得工n=，B错误；从乞g(21)2,W=mgh,W=-△E,'解得△E,=-氵mgL,故小球离开圈管后微类抛运动，设小球从B点到N点的过电子进入电场E时的速度为h=a1t到Q的过程中，作出小球的合力与运动轨迹如图所示D正确。故选ABD。从进入电场E到打到屏上，电子水方向做匀速直线运程中所用时间为，则x=阳，y=2a片1.BC【解析】在1=0时刻A,B间的电压为U,此时刻进入动，时间为=头的电子在加速电场中有儿二2m话，假设电子能通过偏转电子从释放到打到屏上所用的时间为=十t电场，明电于通过编特电场所用的时间1一兴，电子在经直解得=3√密由几何关系可知工=y联主解得6=2√受方向上的位移大小y××解得)4,(2)设粒子射出电场E时行电场方向的速度为飞，由牛架++千dm16.【解析】(1)AB之间的直线距离为√5h,AB的水距离为h,根据图形可知，小球所受合力先做负功，后做正功，则小球的顿第二定律得：电子在电场B中的加速度为4：=E则AB的竖直距离为2h,从A到B的过程根据动能定理有动能先减小后增大，C错误：根据题意可知重力与电场力大小设不成立，所以电子不能射出偏转电场，故A错误，在1号T时刻A,B间的电压为3U,此时刻进入的电子在加速2,w-a64-mgX2h+qU=4mgh-mgh相等，则轨道上等效物理最低点位于圆孤的中点，该点轨道所受压力最大，根据N一Emg=m京，9E(受+R行》电场中有3U=2m,假设电子能通过偏转电场，则电于电子刚射出电场E,时的速度方向与AO连线夹角的正切值解得AB两点之间的电势差U=m驰(2)小球从A点以动能mgh水向右抛出，经过一段时间mg(R-Rcos45)=7m,N=N,解得N=(32-1)通过偏转电场所用时间=岩电子在整直方的上的位特为an0=是后，到达B点动能竖直向下，为4mgh,说明水方向上减速mg,D正确。故选D。解得tan0=2(3)带电粒子在电场中的运动轨迹如图所示运动，水方向有9Eh=mgh,解得E=,方向水向14